1、解析几何中设而不求专题练习设而不求是解析几何的重要解题策略，在许多题目的解答中，常常可以起到简化计算的作用。许多同学会问：什么情况下，可以通过设而不求解答问题呢？ 一、利用曲线与方程的关系：1. 已知两圆，求两圆的公共弦方程及弦长。 解：两圆方程相减，得，两圆的交点坐标均满足此方程，故此方程即为公共弦所在直线方程。又圆的圆心到公共弦的距离，且 （为公共弦长），即公共弦长为。注：其中求公共弦的方程时即用到了设而不求思想。2. 过圆外一点P（a，b）引圆的两条切线，求经过两个切点的直线方程。解：设两个切点分别为P1（），P2（），则切线方程为：，。可见P1（），P2（）都满足方程，由直线方程的定义
2、得：，即为经过两个切点的直线方程。二、利用圆锥曲线的定义：1. 已知椭圆为焦点，点P为椭圆上一点，求。1. 解析：由题意知点P为椭圆上一点，根据椭圆的定义。再注意到求的关键是求出这一整体，则可采用如下设而不求的解法：设由椭圆定义得由余弦定理得2得，三、利用点差法：1. 求过椭圆内一点A（1，1）的弦PQ的中点M的轨迹方程。解析：设动弦PQ的方程为，设P（），Q（），M（），则：得：当时，由题意知，即式与联立消去k，得当时，k不存在，此时，也满足。故弦PQ的中点M的轨迹方程为：。注：通过将P、Q的坐标代入曲线方程，再将两式相减的过程，称为代点相减。这里，代点相减后，适当变形，出现弦PQ的斜率和中
3、点坐标，是实现设而不求的关键。四、利用韦达定理：1. 已知椭圆C1的方程为，双曲线C2的左、右焦点分别为C1的左、右顶点，而C2的左、右顶点分别是C1的左、右焦点. （）求双曲线C2的方程；（）若直线与椭圆C1及双曲线C2都恒有两个不同的交点，且l与C2的两个交点A和B满足（其中O为原点），求k的取值范围.解：（）设双曲线C2的方程为，则故C2的方程为（II）将由直线l与椭圆C1恒有两个不同的交点得即 .由直线l与双曲线C2恒有两个不同的交点A，B得 解此不等式得 由、得故k的取值范围为2. 已知平面上一定点C（4，0）和一定直线为该平面上一动点，作，垂足为Q，且. （1）问点P在什么曲线上？
4、并求出该曲线的方程； （2）设直线与（1）中的曲线交于不同的两点A、B，是否存在实数k，使得以线段AB为直径的圆经过点D（0，2）？若存在，求出k的值，若不存在，说明理由.解：（1）设P的坐标为，由得（2分） （4分）化简得 P点在双曲线上，其方程为（6分） （2）设A、B点的坐标分别为、，由 得（7分），（8分）AB与双曲线交于两点，0，即解得（9分）若以AB为直径的圆过D（0，2），则ADBD，即，（10分）解得，故满足题意的k值存在，且k值为.五、对多元问题，围绕解题目标，通过逐步消元，实现设而不求1. 抛物线与过点的直线相交于、两点，为坐标原点，若直线和斜率之和是，求直线的方程。解：设
5、点，点，直线的方程为， 则，由已知条件，. ，又，则，即， 于是是直线的斜率，直线的方程为.2.已知点P（3，4）为圆C：内一点，圆周上有两动点A、B，当APB=90时，以AP、BP为邻边，作矩形APBQ，求顶点Q的轨迹方程。解析：设A（），B（），Q（x，y）由题意得：，即。将代入上式并整理得，即为点Q的轨迹方程。注：本题的目标是找到x、y所满足的方程，而逐步消去无关的则是解答问题的关键。补充练习：1、设、分别是椭圆的左、右焦点. （）若P是该椭圆上的一个动点，求的最大值和最小值； （）是否存在过点A（5，0）的直线l与椭圆交于不同的两点C、D，使得|F2C|=|F2D|？若存在，求直线l的
6、方程；若不存在，请说明理由.解：（）易知 设P（x，y），则 ，即点P为椭圆短轴端点时，有最小值3；当，即点P为椭圆长轴端点时，有最大值4 （）假设存在满足条件的直线l易知点A（5，0）在椭圆的外部，当直线l的斜率不存在时，直线l与椭圆无交点，所在直线l斜率存在，设为k直线l的方程为 由方程组依题意 当时，设交点C，CD的中点为R，则又|F2C|=|F2D| 20k2=20k24，而20k2=20k24不成立， 所以不存在直线，使得|F2C|=|F2D|综上所述，不存在直线l，使得|F2C|=|F2D| 2. 已知圆上的动点，点Q在NP上，点G在MP上，且满足. （I）求点G的轨迹C的方程；
7、（II）过点（2，0）作直线，与曲线C交于A、B两点，O是坐标原点，设 是否存在这样的直线，使四边形OASB的对角线相等（即|OS|=|AB|）？若存在，求出直线的方程；若不存在，试说明理由.解：（1）Q为PN的中点且GQPNGQ为PN的中垂线|PG|=|GN|GN|+|GM|=|MP|=6，故G点的轨迹是以M、N为焦点的椭圆，其长半轴长，半焦距，短半轴长b=2，点G的轨迹方程是 5分 （2）因为，所以四边形OASB为平行四边形若存在l使得|=|，则四边形OASB为矩形若l的斜率不存在，直线l的方程为x=2，由矛盾，故l的斜率存在.7分设l的方程为 9分把、代入存在直线使得四边形OASB的对角线相等.6
