高二物理上册静电场单元测试及其答案.doc

1、- 1 -固定电极F 膜片电极gEABab cd20 V 25V 高二物理上册静电场单元测试一、选择题1两个分别带有电荷量 Q和+ 3的相同金属小球（均可视为点电荷） ，固定在相距为 r的两处，它们间库仑力的大小为 F。两小球相互接触后将其固定距离变为 2，则两球间库仑力的大小为 （ ）A 12F B 34 C 43F D 1F2如图所示是一种测定压力的电容式传感器，当待测压力作用于可动膜片电极上时，可使膜片产生形变，从而引起电容的变化将传感器、灵敏电流计和电源串接成闭合电路，那么 （ ）当向上压膜片电极时，电容将减小当向上压膜片电极时，电容将增大若电流计有示数，则压力发生变化若电流计有示数，

2、则压力不发生变化3 a、b、c、 d 是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点。电场线与矩形所在平面平行。已知 a 点的电势为 20V，b 点的电势为 2V， d 点的电势、c 点的电势可能为为 （ ）A4V、9VB8V 、12VC12V 、15VD24V 、 29V4 如图所示，叠放在一起的 A、B 两绝缘小物块放在水平向右的匀强电场中，其中 B 带正电 q 而 A 不带电.它们一起沿绝缘水平面以某一速度匀速运动.现突然使 B 带电量消失，同时 A 带上正电 q，则 A、B 的运动状态可能为 （ ）A一起匀速运动 B一起加速运动CA 匀加速， B 匀减速 DA 匀加速，B 匀速5空

3、间存在匀强电场，有一电荷量 q0、质量 m的粒子从 O 点以速率 0v射入电场，运动到 点时速率为 02v。现有另一电荷量 、质量 的粒子以速率 2仍从 O 点射入该电场，运动到 B 点时速率为 03。若忽略重力的影响，则（ ）A在 O、A、B 三点中， 点电势最高B在 O、A、B 三点中，A 点电势最高C OA 间的电势差比 BO 间的电势差大DOA 间的电势差比 间的电势差小6如图所示的直线是真空中的某电场的一条电场线，AB 是这条电场线上的两点。一个带负电的粒子在只受电场力的情况下，以速度 Av经过 A 点向 B 点运动，经一段时间后，该带- 2 -电粒子以速度 Bv经过 B 点，且与

4、Av的方向相反，则 （ ）AA 点的电势一定低于 B 点的电势 BA 点的场强一定大于 B 点的场强C该带电粒子在 A 点的电势能一定小于它在 B 点的电势能D该带电粒子在 A 点的动能和电势能之和一定等于它在 B 点的动能和电势能之和7如图所示，一电场的电场线分布关于 y 轴（沿竖直方向）对称，O 、 M、 N 是 y 轴上的三个点，且 OM=MN。P 点在 y轴右侧，MPON 。则 （ ）AM 点的电势比 P 点的电势高B将负电荷由 O 点移动到 P 点，电场力做正功CM 、 N 两点间的电势差大于 O、 M 两点间的电势差D在 O 点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿 y 轴做直线运动8如

5、图所示，把质量为 m、带电量为 Q的物块放在倾角 60的固定光滑绝缘斜面的顶端，整个装置处在范围足够大的匀强电场中。已知电场强度大小 3mgEQ，电场方向水平向左，斜面高为 H，则释放物块后，物块落地时的速度大小为 （ ）A (23)g B 5C 2gH D9利用图所示电路可以测出电压表的内阻已知电源的内阻可以忽略不计，R 为电阻箱当R 取不同阻值时，电压表对应有不同读数 U.多次改变电阻箱的阻值，所得到的 R 图象应该1U是如图中的哪一个 10如图所示，定值电阻 R110 ，R 28 ，当开关 S 接“1”时，电流表示数为 0.20 A，那么当 S 接“2”时，电流表示数的可能值为(电源内阻

6、不可忽略) A0.28 A B0.25 AC0.22 A D0.19 A11如图 6 所示的电路中，由于某一电阻发生断路或短路，使 A 灯变暗，B 灯变亮，则故障- 3 -AVR1R2SR3E r可能是AR 1 短路 BR 2 断路C R3 断路 DR 4 短路12欲用伏安法测定一段阻值约为 5 左右的金属导线的电阻,要求测量结果尽量准确,现备有以下器材: A.电池组（ 3 V,内阻 1）B.电流表（03 A,内阻 0.0125）C.电流表（00.6 A,内阻 0.125）D.电压表（03 V,内阻 3 k）E.电压表（015 V,内阻 15 k）F.滑动变阻器（020 , 额定电流 1 A）

7、G.滑动变阻器（02 000, 额定电流 0.3 A）H.开关、导线（1 ）上述器材中应选用的是 ；（填写各器材的字母代号）（2 ）实验电路应采用电流表 接法；（填“内 ”或“外” ）（3 ）设实验中,电流表、电压表的某组示数如下图所示，图示中 I= A，U= V。（4 ）为使通过待测金属导线的电流能在 00.5 A 范围内改变 ,请按要求画出测量待测金属导线的电阻 Rx 的原理电路图,然后根据你设计的原理电路将下图中给定的器材连成实验电路。二、计算题13如图所示的电路中，R 1=9，R 2=30，S 闭合时，电压表 V 的示数为 11.4V，电流表 A 的示数为 0.2A，S 断开时，电流表

8、 A 的示数为 0.3A，求：（1 ）电阻 R3 的值；（2 ）电源电动势 E 和内阻 r 的值。14如图 10 所示，长 L=1.6m，质量 M=3kg 的木板静放在光滑水平面3A00.2 0.40.6210 15V01 2310503 V150.6 A3.0x- 4 -图 101.63.2X/m1.6 3.2 4.8 6.4Y/mQ图12O上，质量 m=1kg、带电量 q=+2.510-4C 的小滑块放在木板的右端，木板和物块间的动摩擦因数 =0.1，所在空间加有一个方向竖直向下强度为 E=4.0104N/C 的匀强电场，如图所示，现对木板施加一水平向右的拉力 F取 g=10m/s2，求：

9、（1）使物块不掉下去的最大拉力 F；（2）如果拉力 F=11N 恒定不变，小物块所能获得的最大动能.15如图 12 所示在竖直平面内建立直角坐标系 XOY，OY 表示竖直向上的方向。已知该平面内存在沿 OX 轴负方向的区域足够大的匀强电场，现有一个带电量为 C7105.2、质量为 kg510的小球从坐标原点 O 沿 Y 轴正方向以某一初速度竖直向上抛出，它到达的最高点位置为图中的 Q 点，其坐标为（1.6 ，3.2） ，不计空气阻力，g 取 10m/s2。（1）指出小球带何种电荷；（2）求小球的初速度和匀强电场的场强大小；（3）求小球从 O 点抛出到落回 X 轴的过程中电势能的改变量.- 5

10、- 6 -参考答案1 C 2 BC3 AD 4 AC5 AD6 D7 AD8D9. ( A )10.( C ) 11.( BC )12.（1）A、C、D 、F、H （2）外 （3）0.48 2.2013. 解：（1） V， V60.2RIU4.56.121U， AI.9451 AII.0.213.0632IR（2） rE413.)9(.解式和，得 V，12r14解析：（1）F 最大的时候物块不掉下，必是物块与木板具有共同的最大加速度 a1，对物块，最大加速度，a 1 = 2()m/sgqE 2 分对整体 F =（ M + m ）a 1 = 8N 2 分（2）木板的加速度 44()0.(2.51

11、0)3gqEm/s2 = 3 m/s2 2 分由 Ltat212 2 分得物块滑过木板所用时间 t = .2s 1 分物块离开木板时的速度 v1 = a1t = 3m/s 1 分1216.4JkEmv 2 分12解析：（1）两板间为匀强电场，则场强 dUE 2 分- 7 -（2） 粒子电荷为 2e，质量为 4m，所受电场力 deUEF2 2 分 粒子在极板间运动的加速度 dea2 2 分（3） 粒子垂直进入匀强电场，做类平抛运动，1 分 由 tvR0， 2 分 21td ， 2 分 得 meU0 1 分13解析：左侧一半无场，电子匀速运动.右侧一半类平抛运动的侧向位移为 L，在电场中由电场力作

12、用产生的加速度为 mEea， 2 分又 tVL0， 21t 2 分 得 elV0 1 分（2）无电场的一半区域位于距左侧 x 处，则电子先做类平抛运动，接着做匀速直线运动，最后做类斜下抛运动.但水平方向上一直匀速运动 02VLT，在竖直方向上匀加速时间和匀速时间各为一半，即 2T.设竖直方向上匀速运动的速度为 V，则有 0Vxa 3 分又电子恰从区域的右下角射出，故 212)(TaL， 3 分解得 mLxeEV2)(0. 1 分14解析：（1）带电小球所到的最高点 Q 在 O 点的右上方，说明小球有水平向右的分运动和竖直向上的分运动就竖直方向而言，初速度是竖直向上的而重力是竖直向下的，重力使竖

13、直向上的初速度逐渐减小，而不会产生水平向右的运动.小球只受重力和电场力，只有电场力水平向右才会使小球有向右的分运动.由此可以判断电场力是水平向右的，又因为电场水平向左，所以小球带负电. 2 分（2）对小球的两个分运动，竖直方向: 小球有竖直向上的初速度 V0，受重力，所以小球做竖直上抛运动.Q 点是最高点意味着 Q 点的竖直分速度为 0.由竖直上抛运动的公式得： gvttvh020,12 分解得 sm/80。1 分水平方向：小球的水平初速度为 0，小球在水平方向的加速度 mqEFa 1 分水平位移 21atx 1 分 - 8 -得 mVE/20 1 分（3）小球从 O 点落回到 X 轴时，由于对称性，水平位移为 3.2m。 1 分 电场力做正功 JxqEW406.， 2 分 即电势能减少了 41. 1 分