1、 12018 年全国高考模拟试题理综化学部分1下列有关物质性质与用途具有对应关系的是（ ）ANa 2O2 吸收 CO2 产生 O2，可用作呼吸面具供氧剂 BClO 2 具有还原性，可用于自来水的杀菌消毒CSiO 2 硬度大，可用于制造光导纤维DNH 3 易溶于水，可用作制冷剂 【答案】A【解析】A过氧化钠可以和二氧化碳反应生成氧气， A 正确；B 因 ClO2 具有氧化性，可以用于自来水的杀菌消毒，B 错误；CSiO 2 透光性好，用于制造光导纤维，C 错误；DNH 3 在常温下加压即可使其液化，液氨气化时吸收大量热，所以氨可用作制冷剂，D 错误。答案选 A。2. 本草衍义中对精制砒霜过程有如
2、下叙述：“取砒之法，将生砒就置火上，以器覆之，令砒烟上飞着覆器，遂凝结累然下垂如针，尖长者为胜，平短者次之”，文中涉及的操作方法是（ ）A. 蒸馏 B. 升华 C. 干馏 D. 萃取【答案】B【解析】蒸馏即将液体转化为气体，再冷凝为液体。升华是将固体直接转化为气体，再通过凝华转为固体。结合生砒原本为固态及题意中的“如针”，题目中的状态转化为固- 气-固，故选 B 升华。3阿伏加德罗常数的值为 NA。下列说法正确的是（ ）A1 L 0.1 mol 1 NH4Cl 溶液中， 4H的数量为 0.1 NAB2.4 g Mg 与 H2SO4 完全反应，转移的电子数为 0.1 NAC标准状况下，2.24
3、L N 2 和 O2 的混合气体中分子数为 0.2 NAD0.1 mol H 2 和 0.1 mol I2 于密闭容器中充分反应后，其分子总数为 0.2 NA【答案】D【解析】A、NH 4 是弱碱根离子，发生水解：NH 4 H 2O NH3H2OH ，因此 NH4 数量小于0.1NA，故 A 错误；B、2.4 g Mg 为 0.1 mol，与硫酸完全反应后转移的电子的物质的量为 2.42/24 mol=0.2 mol，因此转移电子数为为 0.2NA，故 B 错误；C、N 2 和 O2 都是分子组成，标准状况下，2.24 L任何气体所含有的分子数都为 0.1NA，故 C 错误；D 、H 2I 2
4、 2HI，反应前后系数之和相等，即反应后分子总物质的量仍为 0.2 mol，分子数为 0.2NA，故 D 正确。4下列指定反应的离子方程式正确的是（ ）A钠与水反应: Na +2H 2O=Na+2OH + H2 B电解饱和食盐水获取烧碱和氯气: 2Cl+2H2O H2+ Cl2+2OH 2C向氢氧化钡溶液中加入稀硫酸: Ba2+OH + H+ + 24SO=BaSO4+H2O D向碳酸氢铵溶液中加入足量石灰水 : Ca2+ 3C+OH=CaCO3+H2O 【答案】B【解析】A电荷不守恒，A 错误；B正确；C 配比错误，OH- 、H+、H 2O 的化学讲量数都是 2，C 错误；D漏了 NH4+和
5、 OH之间的反应，D 错误。答案选 B。5以下实验设计能达到实验目的的是（ ）实验目的 实验设计A除去 NaHCO3 固体中的 Na2CO3 将固体加热至恒重B制备无水 AlCl3 蒸发 Al 与稀盐酸反应后的溶液C重结晶提纯苯甲酸 将粗品水溶、过滤、蒸发、结晶D鉴别 NaBr 和 KI 溶液 分别加新制氯水后，用 CCl4 萃取【答案】D【解析】考查化学实验方案评价，涉及物质的分离、提纯与鉴别及物质的制备等知识点，明确实验基本操作方法、物质的性质是解题的关键，注意 C 项重结晶法提纯苯甲酸的步骤。6. 短周期主族元素 WXYZ、 、 、 的原子序数依次增大， W的简单氢化物可用作制冷剂， Y
6、的原子半径是所有短周期主族元素中最大的。由 、 和 Z三种元素形成的一种盐溶于水后，加入稀盐酸，有黄色沉淀析出，同时有刺激性气体产生。下列说法不正确的是（ ）A. X的简单氢化物的热稳定性比 的强B. Y的简单离子与 的具有相同的电子层结构C. 与 Z形成化合物的水溶液可使蓝色石蕊试纸变红D. 与 属于同一主族，与 Y属于同一周期【答案】C【解析】由题意可推断，简单氢化物能用作制冷剂的应为液氨，故 W 是 N。短周期中 Na 原子半径最大，故 Y 为 Na。 X、 、 形成的盐与稀盐酸反应，生成黄色沉淀与刺激性气体，推测该沉淀为 S，刺激性气体为 2SO，则该盐为 23NaSO。反应方程式为：
7、 23 2NaSOHCl=2alSOH 。所以 X是 O，Z 是 S。 A.因为 O 的非金属性强于 N，所以稳定性 3，故 A 正确；B. a： 、32O： ，故 B 正确； C. 2NaS溶液水解呈碱性，而使蓝色石蕊试纸变红应为酸性水溶液，故 C 错误；D.S 与 O 同为第 VIA 族，与 Na 同为第三周期，故 D 正确.7我国在 CO2 催化加氢制取汽油方面取得突破性进展，CO 2 转化过程示意图如下：下列说法不正确的是（ ）A反应 的产物中含有水 B反应中只有碳碳键形成C汽油主要是 C5C11 的烃类混合物 D图中 a 的名称是 2-甲基丁烷【答案】B【解析】通过图示可以得到反应为
8、 CO2+H2CO，根据原子守恒，得到反应 为CO2+H2=CO+H2O，A 正确；B 、反应 生成(CH 2)n 中含有碳氢键和碳碳键，B 错误；C、汽油主要是C5C11 的烃类混合物，C 正确；D 、观察可以发现图中 a 是(CH 3)2CHCH2CH3，其系统命名法名称是 2-甲基丁烷，D 正确。答案选 B。8水泥是重要的建筑材料。水泥熟料的主要成分为 CaO、SiO 2，并含有一定量的铁、铝和镁等金属的氧化物。实验室测定水泥样品中钙含量的过程如图所示：回答下列问题：（1）在分解水泥样品过程中，以盐酸为溶剂，氯化铵为助溶剂，还需加入几滴硝酸。加入硝酸的目的是_，还可使用_代替硝酸。（2）
9、沉淀 A 的主要成分是_ ，其不溶于强酸但可与一种弱酸反应，该反应的化学方程式为_。（3）加氨水过程中加热的目的是_。沉淀 B 的主要成分为_、_（填化学式） 。（4）草酸钙沉淀经稀 H2SO4 处理后，用 KMnO4 标准溶液滴定，通过测定草酸的量可间接获知钙的含4量，滴定反应为： 4MnO+H+H2C2O4Mn 2+CO2+H2O。实验中称取 0.400 g 水泥样品，滴定时消耗了 0.0500 molL-1 的 KMnO4 溶液 36.00 mL，则该水泥样品中钙的质量分数为_。【答案】（1）将样品中可能存在的 Fe2+氧化为 Fe3+ ； 双氧水(H 2O2)（2） SiO2 (或 H
10、2SiO3)；SiO 2+4HF SiF4+2H2O（3）防止胶体生成，易沉淀分离；Fe(OH) 3 、 (OH)3 （4）45.0%【解析】价，整体升高 2 价，最小公倍数为 10， 因此 MnO4 的系数为 2，H 2C2O4 的系数为 5，运用关系式法5Ca2+5H 2C2O42KMnO 4n(KMnO4)=0.0500mol/L36.00103 mL=1.80103 moln(Ca2+)=4.50103 mol水泥中钙的质量分数为 4.50103 mol40.0g/mol/0.400g100%=45.0%。9. 4512LiTO和 4iFeP都是锂离子电池的电极材料，可利用钛铁矿（主要
11、成分为 3FeTiO，还含有少量Mg、 S等杂质）来制备，工艺流程如下：回答下列问题：5（1） “酸浸”实验中，铁的浸出率结果如下图所示。由图可知，当铁的浸出率为 70%时，所采用的实验条件为_。（2） “酸浸”后，钛主要以24TiOCl形式存在，写出相应反应的离子方程式_。（3） 2TiOHx沉淀与双氧水、氨水反应 40min所得实验结果如下表所示：温度/ 30 35 40 45 502i转化率/% 92 95 97 93 88分析 40 时 2Ox转化率最高的原因_。（4） 251LiT中 i的化合价为 4，其中过氧键的数目为_。（5）若“滤液”中21(Mg)0.molLc，加入双氧水和磷
12、酸（设溶液体积增加 1 倍） ，使 3Fe恰好沉淀完全即溶液中351Fel，此时是否有 342Mg(PO)沉淀生成_（列式计算） 。 4PO、 342g()的 spK分别为 .0、 -24.。（6）写出“高温煅烧 ”中由 4制备 iFe的化学方程式_。【答案】 （1）100、2h，90 ，5h （2）FeTiO 3+ 4H+4Cl = Fe2+ + 2H2O24TiCl（3）低于 40，TiO 2xH2O 转化反应速率随温度升高而增加；超过 40，双氧水分解与氨气逸出导致 TiO2xH2O 转化反应速率下降（4）4 （5）Fe 3+恰好沉淀完全时，c( )= molL1=1.31017 mol
13、L1，c 3(Mg2+)c2( )34P251.0 34PO(0.01) 3(1.31017)2=1.71040K sp Mg3(PO4)2，因此不会生成 Mg3(PO4)2 沉淀。（6）2FePO 4 + Li2CO3+ H2C2O4高 温 2LiFePO4+ H2O+ 3CO2【解析】（1）由图像推出浸出率为 70%时有 个点满足（2）反应物为 3FeLi，因为酸浸，故反应物应有 ，因生成物为24TiCl，因此反应物中还应有 Cl，因反应物有 ，故生成物中应有 2，然后根据原子守恒和电荷守恒配平。（3）略（4）过氧键存在于 1的 O中，每 个1之间存在 个过氧键。根据化合价，原子守恒，设
14、1价 Ox个，2价 Oy个。1587xx68个 1O，故 4个过氧键（5）溶液中主要三种离子， 3Fe、34PO、2Mg根据两个难溶物的 spK，已知5()1.0mol/Lc故溶液中23 7451.0(P)=.l/c再根据3232317 244 sp342.Mg(O).0gPO=1.02cQc； B【解析】（1）酸性强弱可由“强酸制弱酸”，“ 同浓度导电能力 ”，“ 同浓度 pH 值”比较，不可由“还原性”比较酸性强弱。（2）系统三个热化学方程式加合，即可的： 221HOlg86kJ/molH=+系统三个热化学方程式加合，即可的： 22SSs0/l（3）列“三段式” 解题22 2COSHO0.
15、40.10nxxxA始平水的物质的量分数为.20.4.10解得 0.1x%2.5.412.5039.k升温，水的物质的量分数升高，说明升温时平衡正移，则 21， 0H不改变 2HS用量的条件下，平衡正移，即可使 2HS转化率增大，所以选 B。11选修 3：物质结构与性质 我国科学家最近成功合成了世界上首个五氮阴离子盐(N 5)6(H3O)3(NH4)4Cl（用 R 代表） 。回答下列问题：（1）氮原子价层电子对的轨道表达式（电子排布图）为_。（2）元素的基态气态原子得到一个电子形成气态负一价离子时所放出的能量称作第一电子亲和能（E 1） 。第二周期部分元素的 E1 变化趋势如图（a）所示，其中
16、除氮元素外，其他元素的 E1 自左而右依次增大的原因是_；氮元素的 E1 呈现异常的原因是_。（3）经 X 射线衍射测得化合物 R 的晶体结构，其局部结构如图（b）所示。从结构角度分析，R 中两种阳离子的相同之处为_，不同之处为_。 （填标号）A中心原子的杂化轨道类型 B中心原子的价层电子对数C立体结构 D共价键类型8R 中阴离子 N5-中的 键总数为 _个。分子中的大 键可用符号 nm表示，其中 m 代表参与形成的大 键原子数，n 代表参与形成的大 键电子数（如苯分子中的大 键可表示为 6） ，则 N5-中的大 键应表示为_。 图（ b）中虚线代表氢键，其表示式为（NH 4+）N-HCl、_
17、、_。（4）R 的晶体密度为 d gcm-3，其立方晶胞参数为 a nm，晶胞中含有 y 个(N 5)6(H3O)3(NH4)4Cl单元，该单元的相对质量为 M，则 y 的计算表达式为_ 。【参考答案】（1）（2）同周期随着核电荷数依次增大，原子半径逐渐变小，故结合一个电子释放出的能量依次增大，N 的 2p 能级处于半充满状态，相对稳定，不易结合一个电子（3） ABD； C 5NA 65 （H 3O+）OHN （NH 4+） ）N HN（4）73(10)AdaM【解析】（1）N 原子位于第二周期第 VA 族，价电子是最外层电子，即电子排布图是 ；（2）根据图(a)，同周期随着核电荷数依次增大，
18、原子半径逐渐变小，故结合一个电子释放出的能量依次增大；氮元素的 2p 能级达到半满状态，原子相对稳定，不易失去电子；912.（选修 5 有机化学基础）羟甲香豆素是一种治疗胆结石的药物，合成路线如下图所示：已知：RCOOR+ROHH RCOOR+ ROH（R 、R 、 R代表烃基）（1）A 属于芳香烃，其结构简式是 _。B 中所含的官能团是_。（2）CD 的反应类型是_。（3）E 属于酯类。仅以乙醇为有机原料，选用必要的无机试剂合成 E，写出有关化学方程式：_。（4）已知：2E 一 定 条 件 F+C2H5OH。F 所含官能团有 和_。（5）以 D 和 F 为原料合成羟甲香豆素分为三步反应，写出有关化合物的结构简式：10【答案】 （1） ，硝基；（2）取代；（3）2CH 3CH2OH+O2 2CH3CHO+2H2O2CH3CHO+O2 2CH3COOH；CH 3CH2OHCH 3COOH CH3COOCH2CH3H 2O；（4） ；（5）D： ，F ：CH 3CH2OOCCH2COCH3，中间产物 1 为： ，中间产物 2：到乙酸乙酯。 （4）结合已知转化，根据原子守恒，推出 F 的分子式为 C6H10O3，根据信息，以及羟甲香豆素的结构简式，推出 F 的结构简式为 CH3CH2OOCCH2COCH3，除含有 ，还含有 。
