1、第二章 糖类1、 判断对错，如果认为错误，请说明原因。（1） 所有单糖都具有旋光性。答：错。二羟酮糖没有手性中心。（2） 凡具有旋光性的物质一定具有变旋性，而具有变旋性的物质也一定具有旋光性。答：凡具有旋光性的物质一定具有变旋性：错。手性碳原子的构型在溶液中发生了改变。大多数的具有旋光性的物质的溶液不会发生变旋现象。具有变旋性的物质也一定具有旋光性：对。（3） 所有的单糖和寡糖都是还原糖。答：错。有些寡糖的两个半缩醛羟基同时脱水缩合成苷。如：果糖。（4） 自然界中存在的单糖主要为 D-型。答：对。（5） 如果用化学法测出某种来源的支链淀粉有 57 个非还原端，则这种分子有 56 个分支。答：对
2、。2、 戊醛糖和戊酮糖各有多少个旋光异构体（包括 -异构体、-异构体）？请写出戊醛糖的开链结构式（注明构型和名称） 。答：戊醛糖：有 3 个不对称碳原子，故有 2 3 =8 种开链的旋光异构体。如果包括 -异构体、-异构体，则又要乘以 2=16 种。戊酮糖：有 2 个不对称碳原子，故有 2 2 =4 种开链的旋光异构体。没有环状所以没有 -异构体、 -异构体。CHOCCH2OHOHD-伯 CHOCCH2OHOHOHD-伯伯CHOCCH2OHOHOHL-伯 CHOCCH2OHOHL-伯伯CHOCCH2OHOHD-伯 CHOCCH2OHOHD-伯伯CHOCCH2OHOHOOHL-伯 CHOCCH2
3、OHOOHL-伯伯3、 乳糖是葡萄糖苷还是半乳糖苷，是 -苷还是 -苷？蔗糖是什么糖苷，是 -苷还是 -苷？两分子的 D-吡喃葡萄糖可以形成多少种不同的二糖？答：乳糖的结构是 4-O-（-D- 吡喃半乳糖基） D-吡喃葡萄糖 -1，4或者半乳糖 （14）葡萄糖苷，为 -D-吡喃半乳糖基的半缩醛羟基形成的苷因此是 -苷。蔗糖的结构是葡萄糖 （12）果糖苷或者果糖 （21）葡萄糖，是 -D-葡萄糖的半缩醛的羟基和 - D -果糖的半缩醛的羟基缩合形成的苷，因此既是 苷又是 苷。两分子的 D-吡喃葡萄糖可以形成 19 种不同的二糖。 4 种连接方式 ，每个 5 种，共20 种-1 种（， 的 1 位
4、相连）=19。4、 某种 -D-甘露糖和 -D-甘露糖平衡混合物的25 D 为+ 14.5，求该平衡混合物中 -D-甘露糖和 -D-甘露糖的比率（纯 -D-甘露糖的25 D 为+ 29.3，纯 -D-甘露糖的25 D 为- 16.3） ；解：设 -D-甘露糖的含量为 x,则29.3x- 16.3(1-x)= 14.5X=67.5%该平衡混合物中 -D-甘露糖和 -D-甘露糖的比率:67.5/32.5=2.085、 请写出龙胆三糖 -D-吡喃葡萄糖（16）-D-吡喃葡萄糖（12）-D-呋喃果糖 的结构式。.CH2OHCH2OOHOHHOHHOC2OHHOHHOC2HO6、 水解仅含 D-葡萄糖和
5、 D-甘露糖的一种多糖 30g,将水解液稀释至平衡 100mL。此水解液在 10cm旋光管中测得的旋光度 为+ 9.07，试计算该多糖中 D-葡萄糖和 D-甘露糖的物质的量的比值 (/-葡萄糖和 /-甘露糖的 25 D 分别为+ 52.5和+ 14.5） 。解：25 D= 25 D/cL100= 9.07/( 301)100= 30.2设 D-葡萄糖的含量为 x,则52.5x+14.5(1-x)= 30.2X=41.3%平衡混合物中 D-葡萄糖和 D-甘露糖的比率:41.3/58.7=0.707、 若某种支链淀粉的相对分子质量为 1106，分支点残基占全部葡萄糖残基数的 11.8%，问：(1)
6、1 分子支链淀粉有多少个葡萄糖残基；(2)在分支点上有多少个残基； (3)有多少个残基在非还原末端上？解：葡萄糖残基: 110 6/162=6173分支点上残基：617311.8%=728非还原末端上的残基：728+1=729.180x- (x-1) 18-0.118 x18 = 1106180x-1.118 x18+18 = 1106x =6255分支点上残基：625511.8%=738非还原末端上的残基：738+1=739.8、 今有 32.4mg 支链淀粉，完全甲基化后酸水解，得 10mol2,3,4,6-四甲基葡萄糖，问：(1)此外还有多少哪些甲基化产物，每种多少；(2)通过（16）糖
7、苷键相连的 葡萄糖残基的百分数是多少；(3) 若该种支链淀粉的相对分子质量为 1.2106，则 1 分子支链淀粉中有多少个分支点残基？解：(1) 32.4mg 支链淀粉所含葡萄糖残基： 32400/162=200mol。2,3,4,6-四甲基葡萄糖：n+1 个非还原端 10mol1,2,3,6-四甲基葡萄糖：还原端一条支链淀粉 1 个（可忽略不计 32.4103/1.2106=0.027mol）2,3-二甲基葡萄糖：分支点残基 n 个10mol2,3,6-三甲基葡萄糖：200-10-10=180mol(2) 通过（1 6）糖苷键相连的 葡萄糖残基的百分数 :10/200100%=5%(3) 若
8、该种支链淀粉的相对分子质量为 1.2106，则 1 分子支链淀粉中有多少个分支点残基？葡萄糖残基: 1.210 6/162=7407分支点上残基：74075%=3709、 请用两种方法分别区分一下各组糖类物质：(1) 葡萄糖和半乳糖：测旋光，乙酰化后 GC(2) 蔗糖和乳糖： Fehling 反应，盐酸水解后加间苯三酚(3) 淀粉和糖原：碘液，溶解性(4) 淀粉和纤维素：碘液，溶解性(5) 香菇多糖和阿拉伯聚糖：盐酸水解后加间苯三酚，甲基间苯二酚10、某种糖类物质可溶于水，但加入乙醇后又发生沉淀，菲林反应呈阴性。当加入浓盐酸加热后，加碱可使 Cu2+还原为 Cu+。加酸、加入间苯二酚无颜色变化
9、，但加入间苯三酚却有黄色物质生成。试判断这是哪类糖类物质，并说明判断依据。答：糖原。(1): 可溶于水，但加入乙醇后又发生沉淀(2): 还原性末端 1 个(3)：加浓盐酸水解后生成葡萄糖，可发生 Fehling 反应（加碱可使 Cu2+还原为 Cu+） 。(4)：加酸、加入间苯二酚无颜色变化：为醛糖。(5): 加入间苯三酚却有黄色物质生成: 为己糖 。第三章 脂类1、 判断对错，如果认为错误，请说明原因。（1）混合甘油酯是指分子中除含有脂肪酸和甘油外，还含有其他成分的脂质。答：错。分子中除含有脂肪酸和甘油外，还含有其他成分的脂质称为复脂。混合甘油酯是指分子中与甘油成脂的脂肪酸的烃基有 2 个或
10、者 3 个不同者。（2）磷脂是生物膜的主要成分，它的两个脂肪酸基是处于膜的内部。答：错。磷脂是生物膜的主要成分，但是它的两个脂肪酸基是处于膜的外部。（3）7-脱氢胆固醇是维生素 D3 原，而麦角固醇是维生素 D2 原。答：对。（4）生物膜的内外两侧其膜脂质和膜蛋白分布都是不对称的。答：对。（5）膜脂的流动性并不影响膜蛋白的运动。答：错。因为整个生物膜的流动性在很大程度上取决于膜脂的流动性，脂蛋白也不例外。2、三酰甘油有没有构型？什么情况下有构型？什么情况下没有构型？答：甘油本身并无不对称碳原子，但是它的三个羟基可被不同的脂肪酸酰化，则当甘油分子两头的碳原子的羟基被相同脂肪酸酰化时，则三酰甘油没
11、有构型，当甘油分子两头的碳原子上的羟基被不同脂肪酸酰化时，则有构型。3、 计算一软脂酰二硬脂酰甘油酯的皂化值。M=862CH2OCHCH2OC17H35C17H35C15H31CH2OCHCH2OC17H35C17H35C15H31解：皂化值=56.1(1000/862)3=195.24皂化值=（356.11000）/相对分子质量=（356.11000）/862=195.244、计算用下法测定的甘油的碘值。称取 80mg 菜油，与过量的溴化碘作用，并加入一定量的碘化钾。然后用0.05mol/L 硫代硫酸钠标准溶液滴定，用去硫代硫酸钠 11.5mL。另做一空白对照（不加菜油） ，消耗硫代硫酸钠2
12、4.0mL。解：碘值=(NV(127/1000)/m100=( (24.0-11.5)0.05(127/1000)/0.08100=99.25、生物膜表面亲水、内部疏水的特性是由膜蛋白决定的还是由膜脂决定的？如何形成这种特性？答：由膜脂决定的。组成生物膜的磷脂分子具有 1 个极性的头部（膜表面）和 2 个非极性的尾部（膜内部） ，水为极性分子，根据相似相溶原理，使生物膜表面亲水，内部疏水。第四章 蛋白质化学1、用对或者不对回答下列问题。如果不对，请说明原因（1）构成蛋白质的所有氨基酸都是 L-氨基酸，因为构成蛋白质的所有氨基酸都有旋光性。答：错。除了甘氨酸外构成蛋白质的氨基酸都有旋光性，但是这
13、与氨基酸都是 L-氨基酸没有关系。是两个完全不相关的概念。（2）只有在很低或者很高的 PH 值时，氨基酸的非电离形式才占优势。答：错。在等电点时氨基酸的非电离形式才占优势。（3）当 PH 大于可电离基团的 pKa时，该基团半数以上解离。答：对。（4）一条肽链在回折转弯时，转弯处的氨基酸常常是脯氨酸或甘氨酸。答：对。（5）如果一个肽用末端检测方法测定不出它的末端，这个肽只能是个环肽。答：错。若这个肽的 N-末端封闭的话，比如： N-末端是 pro，用末端检测方法也测定不出它的末端。（6）如果用 Sephadex-G-100 来分离细胞色素 C、血红蛋白、谷氨酸和谷胱甘肽，则洗脱顺序为谷氨酸谷胱甘
14、肽细胞色素 C血红蛋白。答：错。正确的洗脱顺序为：血红蛋白细胞色素 C谷胱甘肽谷氨酸。（7）-螺旋中每个肽键的酰胺氢都参与氢键的形成。答：错。脯氨酸所含亚氨基参与肽键的形成，再无氢原子用来形成氢键。（8）蛋白质的等电点是可以改变的，但等离子点不能改变。答：对。2、向 1mol/L 的处于等电点的甘氨酸溶液中加入 0.3mol HCl，问所得溶液的 pH 值是多少？如果加入 0.3mol NaOH 代替 HCl 时，pH 值又是多少？解：Ph 低 = pKa1+lg(n(AA)-n(H+)/ n(H+)= 2.34+lg(1-0.3)/0.3=2.71pH 高 = pKa2+lgn(OH-)/(
15、n(AA)-n OH)= 9.60+lg0.3/(1-0.3) =9.233、1.068g 的某种结晶 -氨基酸，其 pKa1 和 pKa2 值分别是 2.4 和 9.7，溶解于 100mL 的 1mol/L 的 NaOH 溶液中时，其 pH 值为 10.4。计算氨基酸的相对分子质量，并提出其可能的分子式。解： pH 高 = pKa2+lgn(OH-)/(n(AA)-n OH)10.4= 9.7+lg0.01/( n(AA)- 0.01)n(AA) =0.012M=1.068/0.012=89mol/g 可能的分子式:C 3H7O2N,为丙氨酸。4、已知 Lys 的 - 氨基的 pKa为 10
16、.5，问在 pH 9.5 时，Lys 水溶液中将有多少这种基团给出质子？解：pH = pK +LogA-HA9.5=10.5+ LogNH2NH 3+NH2NH 3+=1/10NH2: 1/11;NH3+=10/115、有一个肽段，经酸水解测定有 4 个氨基酸组成。用胰蛋白酶水解成为两个片段；其中一个片段在 280nm 有强的光吸收，并且 Pauly 反应，坂口反应都是阳性；另一个片段用 CNBr 处理后释放出一个氨基酸与茚三酮反应呈黄色。试写出这个氨基酸排列顺序及其化学结构式。答：用胰蛋白酶水解成为两个片段：碱性氨基酸羧基端肽键;280nm 有强的光吸收：Tyr; Pauly 反应阳性: T
17、yr;坂口反应阳性:Arg；用 CNBr 处理:Met 羧基端肽键；茚三酮反应呈黄色：Pro。氨基酸排列顺序：（N）-Tyr- Arg-Met- Pro（C）化学结构：NH2CNCNHOCNCOHOOH22OHHC2NH2SC326、一种纯的含钼蛋白质，用 1cm 的比色杯测定其吸光吸收 %0.1 280为 1.5。该蛋白质的浓溶液含有 Mo10.56g/mL。1:50 稀释该浓溶液后A280 为 0.375。计算该蛋白质的最小相对分子质量（ Mo 的相对原子质量为 95.94）解： 比尔定律：A=ECL(C=g/L; L=cm；E=L/g.cm ) 吸光系数E= E %0.1 280/10=
18、1.5/10=0.15C= A/ EL=（0.37550 ）/(0.151)=125g/L=125mg/mL=125000g/mL最小相对分子质量=95.94(100/(10.56/125000) =11.3510 5=11.35KD7、1.0mg 某蛋白质样品进行氨基酸分析后得到 58.1g 的亮氨酸和 36.2g 的色氨酸，计算该蛋白质的最小相对分子质量。解：Leu%=(58.1/1000) 100%=5.81%Trp%=(36.2/1000) 100%=3.62%Leu 残基%=(131-18)/131) 5.81%=5.01%Trp 残基%=(204-18)/204)3.62%=3.3
19、0%以 Leu 残基%计算的蛋白质最低分子量 =(131-18)/5.01%= 2255以 Trp 残基 %计算的蛋白质最低分子量=(204-18)/3.30%= 56365636：2255=5:2求其最小公倍数：56362=11272, 22555=11275蛋白质的分子量约为 112708、某一蛋白质分子具有 -螺旋和 -折叠两种构象，分子总长度为 5.510-5cm，该蛋白质相对分子质量为 250000。试计算蛋白质分子中 -螺旋和 -折叠两种构象各占多少？（氨基酸残基平均相对分子质量按 100 计算） 。解：设 -螺旋为 x, -折叠为 y,则：x+y=250000/1001.5x+3
20、.5y=5.510-5108解得 X=1875Y=625第五章 核酸化学1、用对或者不对回答下列问题。如果不对，请说明原因（1）腺嘌呤和鸟嘌呤都含有嘧啶环，并都含有氨基。答：对。（2）RNA 用碱水解可得到 2-核苷酸，而 DNA 用碱水解却不能得到 2-脱氧核苷酸。答：对。（3）在碱基配对中，次黄嘌呤可以代替腺嘌呤与胸腺嘧啶配对。答：错。次黄嘌呤不能与胸腺嘧啶配对。（4）真核细胞与原核细胞的 DNA 都与组蛋白结合成核蛋白。答：错。真核细胞的 DNA 与组蛋白结合成核蛋白。原核细胞不含有组蛋白。（5）tRNA 是 RNA 中相对分子质量最小的，但所含稀有成分却是最多的。答：对。2、比较 DN
21、A、RNA 在化学组成、分子结构和生理功能上的特点。答：DNA RNA化学组成 碱基 A, T, C, G A, U, C, G戊糖 脱氧核糖 核糖核苷酸 dAMP,dTMP, dCMP, dGMPAMP, UMP, CMP, GMP分子结构 二级结构 双螺旋结构模型 tRNA:三叶草结构模型三级结构 超螺旋 tRNA:倒“L”型生理功能 主要的遗传物质，遗传信息的主要载体mRNA:将遗传信息从 DNA 传到蛋白质，在肽链合成中起决定氨基酸排列顺序的模板作用；tRNA:蛋白质合成中转运氨基酸rRNA:蛋白质合成的场所3、DNA 双螺旋结构的基本要点是什么？DNA 双螺旋结构有何重要生物学意义？
22、答：DNA 双螺旋结构的基本要点：（1）两条反向平行的多脱氧核苷酸链围绕同一中心轴以右手盘绕成双螺旋结构，螺旋表面具大沟和小沟。（2）嘌呤碱和嘧啶碱基位于螺旋的内侧，磷酸和脱氧核糖基位于螺旋外侧，彼此以 3 -5 磷酸二酯键连接，形成DNA 分子的骨架。碱基环平面与螺旋轴垂直，糖基环平面与碱基环平面成 90角。（3）螺旋横截面的直径约为 2 nm，每条链相邻两个碱基平面之间的距离为 0.34 nm，每 10 个核苷酸形成一个螺旋，其螺矩（即螺旋旋转一圈）高度为 3.4 nm。（4）双螺旋内部的碱基按规则配对，碱基的相互结合具有严格的配对规律，即腺嘌呤（A）与胸腺嘧啶（T）结合，鸟嘌呤（G）与胞
23、嘧啶（C）结合，这种配对关系，称为碱基互补。 A 和 T 之间形成两个氢键，G 与 C 之间形成三个氢键。双螺旋的两条链是互补关系。DNA 双螺旋结构的重要生物学意义：该模型揭示了 DNA 作为遗传物质的稳定性特征，最有价值的是确认了碱基配对原则，这是 DNA 复制、转录和反转录的分子基础，亦是遗传信息传递和表达的分子基础,它奠定了生物化学和分子生物学乃至整个生命科学飞速发展的基石。推动了分子生物学和分子遗传学的发展，被誉为 20 世纪最伟大的发现之一。第六章 酶化学1、用对或者不对回答下列问题。如果不对，请说明原因（1）生物体内具有催化能力的物质都是蛋白质。答：错。还有核酶，其化学本质是核酸
24、。（2）所有酶都具有辅酶或者辅基。答：错。酶按其化学组成可分为：简单蛋白酶和结合蛋白酶。简单蛋白酶不含有辅酶或者辅基；结合蛋白酶不含有辅酶或者辅基。（3）酶促反应的初速度与底物浓度无关。答：错。酶促反应的初速度与底物浓度的关系符合米氏方程。米氏方程描述的底物浓度与酶促反应速度的关系正式通过测定酶促反应的初速度得来的。（4）当底物处于饱和状态时，酶促反应的速率与酶的浓度成正比。答：错。当底物处于饱和状态时，酶促反应的速率为最大反应速率 Vmax。（5）对于所有酶而言，K m 值都与酶的浓度无关。答：对。（6）测定酶的活力时，必须在酶促反应的初速度时进行。2、现有 1g 淀粉酶制剂，用水稀释至 1
25、000mL 从中吸取 0.5mL 测定酶的活力，得知 5min 可分解 0.25g 淀粉。计算每克酶制剂所含的淀粉酶活力单位（淀粉酶活力单位规定为：在最适条件下，每小时分解 1g 淀粉的酶量为 1 个活力单位）解：0.5mL 酶制剂所含的淀粉酶活力单位=(600.25)/5 =3每克酶制剂所含的淀粉酶活力单位=(1000/0.5) 3 =60003、称取 25mg 蛋白酶粉配制成 25mL 酶溶液，从中取出 0.1mL 酶液，以酪蛋白为底物，用 Folin 比色法测定酶的活力，得知每小时产生 1500g 酪蛋白；另取 2mL 酶液用凯氏定氮法测得蛋白氮为 0.2mg。根据以上数据，求出：（1）
26、1mL 酶液中所含的蛋白质量及活力单位；（2）比活力；（3）1g 酶制剂所含的总蛋白质含量及总活力（每分钟产生 1g 酪氨酸的酶量为 1 个活力单位）解：（1）1mL 酶液中所含的蛋白质量=(0.26.25)/2=0.625 mg1mL 酶液中所含的活力单位=(1500/60)10 =250（2） 比活力=活力单位/毫克酶蛋白=250/0.62 =400（3）1g 酶制剂所含的总蛋白质含量=0.6251000=625 mg1g 酶制剂总活力=2501000=2.510 54、当底物浓度 Cs 分别等于 4Km、5K m、6K m、9K m 和 10Km 时，求反应速率 V 相当于最大反应速率
27、Vmax 的几分之几？解：据米氏方程：V=V maxCs/( Km +Cs)若：Cs=nK m 时，则：V=n/(n+1) VmaxCs=4Km 时，则：V=4/5 V maxCs=5Km 时，则：V=5/6 V maxCs=6Km 时，则：V=6/7 V maxCs=9Km 时，则：V=9/10 V maxCs=10Km 时，则：V=10/11 V max6、从某生物材料中提取纯化一种酶，按下列步骤进行纯化，计算最后所得酶制剂的比活力、活力回收率和纯化倍数（纯化率）？纯化步骤 总蛋白/mg 总活力/U 比活力/U.(mg 蛋白) -1 回收率/% 纯化倍数粗体液 18620 12650 0.
28、68盐析 440 1520 3.45离子交换 125 985 7.88凝胶过滤 12 196 16.33 1.54% 24回收率=提纯后总活力/提纯前总活力100%=196/12650100%=1.54%纯化倍数=纯化后比活力/纯化前比活力=16.33/0.68=24第九章 糖代谢1、用对或不对回答下列问题。如果不对，请说明原因。(1) 糖代谢中所有激酶催化的反应都是不可逆。答：错。由磷酸甘油酸磷酸酶催化的 1,3-二磷酸甘油酸转变为 3-磷酸甘油酸的反应是可逆的。(4) 5mol 葡萄糖经 HMS 完全氧化分解，可产生 180mol ATP.答：175mol。3 分子的 G-6-P 产生 6
29、 分子的 NADPH+H+和 1 分子 3-P-甘油醛，同时又返回 2 分子的 G-6-P，也就是1 分子的 G-6-P 产生 6 分子的 NADPH+H+和 1 分子 3-P-甘油醛。那么 2 分子的 G-6-P 产生 12 分子的 NADPH+H+和2 分子 3-P-甘油醛，其中 2 分子 3-P-甘油醛可以通过 EMP 的逆过程变成 G-6-P，这样，1 分子的 G-6-P 净产生 12 分子的 NADPH+H+（它的穿梭总是免费的） ，合 36 分子的 ATP。1 分子的葡萄糖就可以产生 35 分子的 ATP。(5) 糖原合成和糖异生都是耗能的。答：对。(6) 单糖进入细胞后都生成磷酸
30、单糖，这实际上是细胞的一种保糖机制，以免单糖再转移到细胞外。答：对。2、1710g 蔗糖在动物体内经有氧分解为 H2O 和 CO2，总共可产生所少摩尔 ATP？多少摩尔 CO2 ？解：1mol 可分解为：1mol 的葡萄糖和 1mol 果糖。1mol 葡萄糖和 1mol 果糖完全分解均可产生：36 或者 38molATP，6mol CO 2。则 1mol 的蔗糖完全分解可产生：72 或者 76molATP，12mol CO 2。蔗糖分子量：3421710g 蔗糖=1710/342=5mol则：1710g 蔗糖悠扬分解后产生的：572=360 或者 576=380mol ATP512=60mol
31、 CO23、某厂用发酵法生产酒精，对淀粉质原料液化酶和糖化酶的总转化率为 40%，酒精酵母对葡萄糖的利用率为90%。问投料 5000kg 可产生多少升酒精（酒精密度 0.789g/cm3）？酵母菌获得多少能量（多少 molATP）？解：酒精体积 V=(510640%90%)/(1620.789103)=14.1LnATP=(510640%90%)/1622=2.2104mol4、1mol 乳酸完全氧化分解可生成多少摩尔的 ATP？没生成 1molATP 若以储能 30.54KJ 计算，其储能效率多少？如果2mol 乳酸转化成葡萄糖，需要消耗多少 molATP?解：乳酸+NAD +丙酮酸+ NA
32、DH+H + 进入呼吸链 2or3molATP丙酮酸进入 TCA 循环：15mol ATP1mol 乳酸完全氧化分解可生成 17or18mol 的 ATP储能效率=1730.54/1336.7=38.84%或者储能效率=1830.54/1336.7=41.13%如果 2mol 乳酸转化成葡萄糖，需要消耗：4molATP（丙酮酸草酰乙酸，3-磷酸甘油酸1.3 二磷酸甘油酸个1molATP）+2molGTP(草酰乙酸磷酸烯醇式丙酮酸)=6molATP5、每摩尔下列各物在酵母细胞内完全氧化时产生多少摩尔 ATP 及 CO2 ？假定酵解、三羧酸循环和氧化磷酸化系统完全具有活性。（1）麦芽糖； （2）乳
33、糖； （3）1-磷酸葡萄糖； （4）3-磷酸甘油醛； （5）琥珀酸（6）-酮戊二酸代谢物 ATP CO2麦芽糖 236=72 或者 238=76mol 12乳糖 236=72 或者 238=76mol 121-磷酸葡萄糖 35 或者 37mol 63-磷酸甘油醛 19 或者 20mol 3琥珀酸 5+12+12=29mol 4-酮戊二酸 9+12+12=33mol 56、虽然氧分子并不直接参与 TCA 循环，但该循环的运行必须在有氧的情况下才能发生，为什么？答：氧分子并不直接参与 TCA 循环，但底物在脱氢酶作用下会脱下 NADH+H+或者 FADH2, NADH+H+或者 FADH2之后进入
34、线粒体呼吸链，必须以氧作为最终的电子受体。第十章1、用对或不对回答下列问题。如果不对，请说明原因。（1）脂肪酸的氧化分解是在有机分子的羧基端开始的。答：对。（2）只有偶数碳原子的脂肪酸才能在氧化降解时产生乙酰 CoA。答：错。奇数碳原子的脂肪酸开始时任按 -氧化途径降解，产生乙酰 CoA，最后剩下丙酰 CoA。丙酰 CoA 羧化成琥珀酰 CoA，在进入 TCA 循环。（3）因为甘油和 3-磷酸甘油醛都是三碳化合物，所以它的完全降解所产生的 ATP 数是一样的。答：错。甘油首先需要在甘油激酶的作用下消化一分子的 ATP 生成 - 磷酸甘油，然后转变为磷酸二羟丙酮，最后转化为 3-磷酸甘油醛。所以
35、它完全分解之后产生的 ATP 数目比 3-磷酸甘油醛少一个。（4）从乙酰 CoA 合成 1 分子软脂酸，需消耗 8 分子 ATP。答：错。从乙酰 CoA 合成 1 分子软脂酸，需要进行 7 次的缩合反应，消耗 7 分子 ATP。（）合成糖原需要 UTP，合成磷脂需要 CTP。答：对。2、1mol 三软脂酰甘油酯完全氧化分解，产生多少摩尔 ATP？多少摩尔 CO2？如由 3 分子软脂酸和 1 分子甘油合成1 分子三软脂酰甘油需要几分子 ATP？解：1mol 三软脂酰甘油酯在脂肪酶的作用下生成 3mol 软脂酸和 1mol 甘油1mol 软脂酸完全氧化分解可产生 129ATP，则 3mol 软脂酸
36、生成 3129=387 ATP。1mol 甘油完全氧化分解可产生 20（19）-1=19（18）molATP。1mol 三软脂酰甘油酯完全氧化分解可产生：387+19（18）=406（405）ATP。同时产生：163+3=51 molCO 2。1 分子软脂酸活化成脂酰 CoA 需要消耗 2ATP。1 分子甘油磷酸化成 -磷酸甘油需要消耗 1ATP。3 分子软脂酸和 1 分子甘油合成 1 分子三软脂酰甘油需要：32+1=7ATP。3、1mol 下列含羟基不饱和脂肪酸完全氧化成 CO2 和水，可净生成多少摩尔 ATP？CH3-CH2-CH2-CH=C(OH)-CH2-CH2-COOH, 这道题错了，若按照我改的这个化合物进行计算。解：该化合物含有 8 个碳原子，可进行 3 次 -氧化生成 4 个乙酰 CoA。1mol 该化合物完全氧化可生成：32+33+124-2=61ATP若多一个双键，少生成 2ATP。则总共生成 61-2=59ATP4、据你所知，乙酰 CoA 在动物体内课转变成那些物质？答：（1）进入 TCA 循环，彻底氧化分解，生成 CO2+H2O,放出能量。（2）作为脂肪酸、固醇合成的原料。（3）某些植物、微生物中，可在乙醛酸体内进行乙醛酸循环。（4）在动物肝、肾脏中有可能产生乙酰乙酸、D- 羟丁酸和丙酮（酮体） 。
