1、1. 如图所示，一倾角 37的足够长斜面固定在水平地面上当 t 0 时，滑块以初速度v0 10 m/s 沿斜面向上运动已知滑块与斜面间的动摩擦因数 0.5， g 10 m/s2， sin37 0.6， cos37 0.8，下列说法正确的是 ( ) A滑块一直做匀变速直线运动 B t 1 s 时，滑块速度减为零，然后静止 在斜面上 C t 2 s 时，滑块恰好又回到出发点 D t 3 s 时，滑块的速度大小为 4 m/s 2如图为洛伦兹力演示仪的结构图励磁线圈产生的匀强磁场方向垂直纸面向外，电子束由电子枪产生，其速度方向与磁场方向垂直电子速度大小可通过电子枪的加速电压来控制，磁场强弱可通过励磁线
2、圈的电流来调节下列说法正确的是 ( ) A仅增大励磁线圈的电流，电子束径迹的半径变大 B仅提高电子枪的加速电压，电子束径迹的半径变大 C仅增大励磁线圈的电流，电子做圆周运动的周期将变大 D仅提高电子枪的加速电压，电子做圆周运动的周期将变大 3. 如图所示，用细线相连的质量分别为 2m、 m 的小球 A、 B 在拉力 F 作用下，处于静止状态，且细线 OA 与竖直方向的夹角 保持 30不变，则拉力 F的最小值为 ( ) A.3 32 mg B. 2 3 12 mg C. 3 22 mg D.32mg 4. 如图，某空间站在轨道半径为 R 的近地圆轨道 上围绕地球运行，一宇宙飞船与 空间站对接后，
3、在轨道 上围绕地球运行多圈后又与空间站分离，进入椭圆轨道 运行已知椭圆轨道的远地点到地球球心的距离为 3.5R，地球质量为 M，引力常量为 G，则 ( ) A空间站在圆轨道 上运行的周期为 2 R3GM B空间站与飞船对接后在圆轨道 上运行的周期变小 C飞船在椭圆轨道远地点的速率是近地点的 3.5 倍 D飞船与空间站分离后在远离地球过程中其机械能不断增大 5. 如图所示，以 o 点为圆心的圆周上有六个等分点 a、 b、 c、 d、 e、 f.等量正、负点电荷分别放置在 a、 d 两点时，在圆心 o 产生的电场强度大小为 E.现仅将放于 a 点的正点电荷改放于其他等分点上，使 o 点的电场强度改
4、变，则下列判断正确的是 ( ) A移至 c 点时， o 点的电场强度大小仍为 E，沿 oe 方向 B移至 b 点时， o 点的电场强度大小为 32 E，沿 oc 方向 C移至 e 点时， o 点的电场强度大小为 E2，沿 oc 方向 D移至 f 点时， o 点的电场强度大小为 32 E，沿 oe方向 6如图所示为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器升压变压器 T1的原、副线圈匝数之比为 n1 n2 1 10，在 T1的原线圈两端接入一正弦交流电，输电线的总电阻为2r 2 ，降压变压器 T2的原、副线圈匝数之比为 n3 n4 10 1，若 T2的 “ 用电设备 ” 两端的电压为 U4 200
5、 V且 “ 用电设备 ” 消耗的电功率为 10 kW，不考虑其他因素的影响，则( ) A T1的副线圈两端电压的最大值为 2010 2 V B T2的原线圈两端的电压为 2000 V C输电线上损失的电功率为 50 W D T1的原线圈输入的电功率为 10.1 kW 7如图所示，一带负电的小金属环套在粗糙绝缘细杆 AB 上，杆与水平面夹角为 ，杆的下方 O 点处固定一带正电的点电荷， OA OB.现使小环以初速度 v0从 A 点沿杆上滑，到达 B 点 时速度为零，小环滑回 A 点时速度为 v，下列说法正确的是 ( ) A小环上滑过程中先匀加速再匀减速 B小环上滑时间小于下滑时间 C小环下滑过程
6、中，减少的重力势能等于摩擦产生的内能 D从 A 点出发到再回到 A 点的过程，小环克服摩擦力做的功等于小环损失的动能 8如图所示，光滑水平桌面上固定放置的长直导线中通以大小为 I 的稳恒 电流，桌面上导线的右侧距离通电长直导线 2l 处有两线框 abcd、 a b c d 正以相同的速度 v0经过虚线 MN向左运动， MN平行长直导线，两线框的 ad 边、 a d 边与 MN重合，线框 abcd、a b c d 是由同种材料制成的质量相同的单匝正方形线框，边长分别为 l、 2l.已知通电长直导线周围磁场中某点的磁感应强度 B kIr(式中 k 为常量， r 表示该点到长直导线的距离 )下列说法
7、正确的是 ( ) A此时流经线框 abcd、 a b c d 的电流强度之比为 4 3 B此时线框 abcd、 a b c d 所受的安培力的功率之比为 4 9 C此时线框 abcd、 a b c d 的加速度之比为 4 9 D此时 a、 b 间电压 Uab kI24v0 1 解析： 本题考查了牛顿第二定律、受力分析、运动学公式等知识点 设滑块上滑时的加速度大小为 a1，由牛顿第二定律可得 mgsin mgcos ma1，解得a1 10 m/s2，上滑时间 t1 v0a1 1 s，上滑的距离 x1 12v0t1 5 m，因 tan，即 mgsinmgcos，滑块上滑到速度为零后，向下运动，选项
8、 B 错误；设滑块下滑时的加速度大小为 a2，由牛顿第二定律可得 mgsin mgcos ma2，解得 a2 2 m/s2，经 1 s，滑块下滑的距离 x2 12a2t22 1 m5 m，滑块未回到出发点，选项 C错误；因上滑和下滑过程中的加速度不同，故滑块全程不是匀变速直线运动，选项 A错误； t 3 s 时，滑块沿斜面向下运动，此时的速度 va2(3 s 1 s) 4 m/s，选项 D 正确 答案： D 2 解析： 本题考查了带电粒子在磁场中的运动规律等相关知识点 当仅增大励磁线圈的电流时，也就是增大磁感应强度 B，由牛顿第二定律知 qvB mv2R，得 R mvqB，电子束径迹的半径变小
9、，选项 A错误；当仅提高电子枪的加速电压时，由 qU12mv2和 qvB mv2R得 R2mqUqB ，可知电子束径迹的半径变大，选项 B正确；由 T2Rv 2mqB 知，电子做圆周运动的周期 T与速度 v大小无关，所以选项 C、 D 错误 答案： B 3 解析： 本题考查了 整体法受力分析、物体的平衡条件等知识点因小球 A、 B 处于静止状态，系统受到的合外力为零，对系统受力分析，如图所示，由图中几何关系可得： Fmin 3mgsin 32mg，选项 D 正确 答案： D 4 解析： 本题考查了卫星等人造天体在轨运行与变轨运行的相关物理知识点 空间站在近地圆轨道 上做圆周运动，由牛顿第二定律
10、知 GMmR2 m(2T )2R，解得 T2 R3GM，选项 A 正确；空间站与飞船对接后在圆轨道 上运行时， 周期 T 不变，与空间站和飞船的质量无关，选项 B错误；飞船在椭圆轨道远地点的速率比近地点的要小，选项 C错误；当飞船与空间站分离后，在远离地球过程中如果有空气阻力作用，其机械能减少，如果不考虑阻力，机械能不变，选项 D 错误 答案： A 5 解析： 本题考查电场强度及矢量合成等知识点 由题意可知，等量正、负点电荷在 o处的电场强度大小均为 E2，方向水平向右当移至c处，两点电荷在该处的电场强度方向夹角为 120，则 o处的合电场强度大小为 E2，沿 oe方向， A错误；同理，当移至
11、 b处 ， o处的合电场强度大小为 32 E，沿 od与 oe角平分线方向，B错误；同理，当移至 e处， o处的合电场强度大小为 E2，沿 oc方向， C 正确；同理，当移至 f 处， o处的合电场强度大小为 32 E，沿 od与 oc角平分线方向， D 错误 答案： C 6 解析： 本题考查了变压器的工作原理、远距离输电等知识 因为用电设备消耗的电功率为 10 kW， T2副线圈两端的电压为 U4 200 V，则流过 T2副线圈的电流为 I4 PU4 10 kW200 V 50 A，由变压器原、副线圈的电流与匝数的关系 I3I4 n4n3，则 I3 5 A；由 U3U4 n3n4，所以 T2
12、原线圈两端的电压为 U3 2000 V， B正确； 输电线的电阻分得的电压为 U线 I32 r 5 2 V 10 V，所以 T1副线圈两端的电压为 U2 U3 U 线 (2000 10) V 2010 V，其最大值为 U2m 2010 2 V， A正确；输电线上消耗的功率为 P 损 I232 r 50 W， C正确；由能量守恒定律可知 T1副线圈的输出功率为 P 出 (10 000 50)W 10 050 W，因此 T1原线圈的输入功率为 10 050 W， D 错误 答案： ABC 7 解析： 本题考查了库仑力、电场力做功和电势能变化间的关系、运动学公式、摩擦力做功等知识点 因小环在运动过程
13、中受到的库仑力是变力，对其受力分析可知，小环在上滑过程中的加速度是变化的，并不是匀变速运动，选项 A 错误；由于上滑时的平均加速度大于下滑时的平均加速度，由运动学公式定性分析可知，小环上 滑时间小于下滑时间，选项 B 正确；由功能关系可知，小环下滑过程中，减少的重力势能等于其在 A 点的动能和克服摩擦力做的功之和，选项 C错误；小环从 A 点到再次回到 A 点过程中，电场力做功为零，重力做功为零，故小环克服摩擦力做的功等于小环损失的动能，选项 D 正确 答案： BD 8 解析： 本题考查了右手定则、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、牛顿第二定律、功率、功能关系等知识点 设导线的横截面积为 S，密度
14、为 0，电阻率为 ，由密度公式可得：线框的质量 m 0V 0S1 4l 0S2 8l，解得： S1 2S2，根据电阻定律， 可得： R1 4lS1， R2 8lS2，联立可得：R2 4R1，由法拉第电磁感应定律和欧姆定律可得：线框中的电流 I1kI2l lv0kI3l lv0R1 kIv06R1，I2kI2l 2lv0kI4l 2lv0R2 kIv02R2，即I1I243，选项 A 正确；根据右手定则，可知 b 点电 势高于 a点电势，故 Uab0，选项 D 错误；根据功能关系可知线框克服安培力做的功等于线框中电流产生的焦耳热，由 P I2R，可得： P1P2 I21R1I22R249，选项 B正确；由安培力公式和牛顿第二定律可得： a1kI2l I1lkI3l I1lm kII16m， a2kI2l 2I2lkI4l 2I2lm kII22m，即a1a2I13I249，选项 C 正确 答案： ABC
