1、2017 年上海市松江区中考一模试卷物理一、选择题(共 16 分)1.(2 分)一节新干电池的电压为( )A.1.5 伏B.3 伏C.24 伏D.220 伏解析：一节干电池的电压为 1.5V，故 A 正确、BCD 错误。答案：A2.(2 分)书包背带做得较宽是为了( )A.增大压强B.减小压强C.增大压力D.减小压力解析：书包背带做得较宽是为了在压力一定时，增大受力面积来减小对人体的压强，这样做不能减小压力也不能增大压力。答案：B3.(2 分)在图所示的实例中，利用连通器原理工作的是( )A.喷水枪B.注射器C.人耳半规管D.离心式水泵解析：A、喷水枪中靠增大水的内部压强来将水喷出的，不符合连
2、通器的特点，不合题意；B、注射器在吸药液时，是利用大气压的作用来工作的，不符合连通器的特点，不合题意；C、人耳半规管符合上端开口、底部连通的特点，只不过是里面连通的是空气，不是液体，是利用连通器原理工作的，符合题意；D、离心式水泵是利用大气压的作用来工作的，不符合连通器的特点，不合题意。答案：C4.(2 分)物块浸没在液体中，受到液体对它向上、向下的压力分别为 15 牛、5 牛，其受到浮力的大小为( )A.5 牛B.10 牛C.15 牛D.20 牛解析：因为浮力的实质就是浸在液体中的物体受到的向上和向下的压力差，因此，物体受到浮力：F 浮 =F 向上 F 向下 =15N5N=10N。答案：B5
3、.(2 分)在图所示电路中，闭合电键后电压表测灯 L1两端电压的是( )A.B.C.D.解析：A、由图可知，电压表接到了 L2的两端，测的是 L2的两端电压，故 A 错误。B、由图可知，电压表测的是两灯串联的总电压，或电源电压，故 B 错误。C、由图可知，电压表接到了 L2的两端，测的是 L2的两端电压，故 C 错误。D、由图可知，电压表接到了 L1的两端，测的是 L1的两端电压，故 D 正确。答案：D6.(2 分)如图所示，长度相同、横截面积不同的同种金属棒 AB 和 CD 连接在一起后接在电源两端。关于 AB 和 CD 的电阻 R 及两端电压 U 的判断，正确的是( )A.RABR CD，
4、U ABU CDB.RABR CD，U ABU CDC.RABR CD，U ABU CDD.RABR CD，U ABU CD解析：(1)因为导体 AB 和 CD 由同种材料制成、长度相同，由图可知，导体 AB 横截面积比CD 的小，所以 RABR CD；(2)因为两段导体串联，所以通过两导体的电流相等，即 IAB=ICD；由 U=IR 可知，U ABU CD；故 C 正确。答案：C7.(2 分)如图所示，A、B 两长方体置于水平地面上(已知 mAm B、S AS B、h A=hB)。将两物体水平截去相同高度，剩余部分对地面的压强 pA、p B和压力 FA、F B的关系为( )A.pAp B，F
5、 A=FBB.pAp B，F AF BC.pAp B，F A=FBD.pAp B，F AF B解析：(1)m Am B、S AS B、h A=hB，V AV B，= ， A B，(2)因为是规则的长方体，所以对地面的压强 P= = = = =gh，当将两物体水平截去相同高度时，两物体剩余部分的高度仍然相等，因 A B，则剩余部分对地面的压强 pAp B，(3)因为物体为长方体，由密度公式变形可得 m=V=Sh(h 为长方体的高)，原来的质量关系为 mAm B，所以 ASAhA BSBhB；原来的高度 hA=hB，所以 ASA BSB当将两物体水平截去相同高度时，两物体剩余部分的高度仍然相等，即
6、 hA=h B，两物体剩余部分的质量分别为：m A= ASAhA，m B= BSBhB；结合可知，剩余部分的质量关系为 mAm B，则剩余部分的重力关系为GAG B，所以剩余部分对地面的压力关系为 FAF B。答案：B8.(2 分)在图所示的电路中，电源电压不变，当电键 S 由闭合到断开时，电压表( )A.V1示数减小，V 2示数减小B.V1示数增大，V 2示数增大C.V1示数减小，V 2示数增大D.V1示数增大，V 2示数减小解析：电键 S 闭合时，电路中只有电阻 R2，故此时电压表的示数都等于电源电压；电键 S由闭合到断开时，R 1和 R2串联接入电路中；电压表 V1测量 R1两端的电压，
7、电压表 V2测量R2两端的电压，电阻两端的电压都小于电源电压，故示数都减小。答案：A二、填空题(共 23 分)9.(3 分)教室里的电灯与投影仪之间是 连接(选填“并联”或“串联”)。断开投影仪的电键后，教室内在使用的用电器的总电阻将 (选填“变大” 、“不变”或“变小”)。若通过日光灯的电流为 0.3 安，通电 10 秒钟，通过该日光灯的电荷量为 库仑。解析：教室里的电灯与投影仪，它们独立工作、工作时互不影响，故它们之间是并联连接的；教室里同时工作的并联的用电器越多，相当于导体横截面积越大，所以总电阻就越小；当断开投影仪的电键后，相当于导体横截面积减小了，所以教室内在使用的用电器的总电阻将变
8、大；由 I= 可得，通过该日光灯的电荷量：Q=It=0.3A10s=3C。答案：并联；变大；3。10.(3 分)冰的密度为 0.9103千克/米 3，它表示每立方米冰的 是 0.9103千克。当冰熔化成水时，质量将 ，体积将 (选填“变小” 、 “不变”或“变大”)。解析：冰的密度为 0.9103千克/米 3，它表示每立方米冰的质量是 0.9103千克；质量是物体的一种属性，不随物体的形状、状态、位置和温度的改变而改变。故冰熔化成水后，状态改变了，质量不变。根据公式 = ，可知当物体的质量不变时，体积和物体的密度成反比，冰熔化成水后，密度变大，体积变小。答案：质量；不变；变小。11.(3 分)
9、著名的 实验证明了大气压强存在且很大。大气压强的数值会随着海拔高度的增加而逐渐 ，(选填“增大” 、 “不变”或“减小”)。拦河大坝设计成上窄下宽则是因为水的 越大，水对大坝的压强越大。解析：马德堡半球实验有力地证明了大气压强的存在；大气压与高度的变化规律是：大气压随海拔高度的增加而减小；由于液体内部压强随着深度的增大而增大，所以拦河大坝设计成上窄下宽则是因为水的越往深处的压强越大的缘故。答案：马德堡半球；减小；深度。12.(3 分)我国自行设计的“蛟龙号”载人潜水器，最大下潜深度可达 7000 多米。当它下潜到深度为 1000 米处时，海水对它的压强约为 帕(海水的密度近似取1.0103千克
10、/米 3)，海水对“蛟龙号”每 0.1 米 2的外表面产生的压力为 牛。“蛟龙号”继续下潜过程中，所受浮力将 (填“变大” 、 “不变”或“变小”)。解析：1000m 深度受到海水的压强为：p= 海水 gh=1.0103kg/m39.8N/kg1000m=9.8106Pa；由 p= 得， “蛟龙号”每 0.1m2外表面受到海水的压力：F=pS=9.8106Pa0.1m2=9.8105N。“蛟龙号”潜水艇在水面下不断下潜的过程中，水的密度 不变，排开水的体积不变，根据 F 浮 =V 排 g 可知，潜水艇受到的浮力不变。答案：9.810 6；9.810 5；不变。13.(3 分)一根粗细均匀的电阻
11、丝接在电压为 9 伏的电源上，通过它的电流为 0.3 安，该电阻丝的阻值为 欧。当该导体两端的电压为 12 伏时，其电阻为 欧，通过它的电流为 安。解析：一根粗细均匀的电阻丝接在电压为 9 伏的电源上，通过它的电流为 0.3 安，根据欧姆定律，该电阻丝的阻值为 R= =30；因电阻的大小与导体的长度、横截面积、材料与温度有关，与导体是否加电压及电压的大小无关，所以当该导体两端的电压为 12 伏时，其电阻仍为 30 欧，根据在电阻不变时，通过导体的电流与电压成正比，所以通过它的电流为0.3A=0.4A。答案：30；30；0.4。14.(4 分)在图所示的电路中，电源电压保持不变。电键 S 闭合后
12、，电压表 V 无示数，已知电阻 R1、R 2中仅有一个出现了故障。电路中的故障可能是 ；现用一个完好的灯泡去替换电阻 R2，则小灯 (选填“一定发光” 、 “一定不发光”或“可能发光”)。解析：根据电路图可知，两个电阻串联、电压表 V 测量电阻 R1的是两端的电压，电压表无示数，说明电路中出现了断路或短路。当电阻 R1出现短路时，电压表 V 与一段导线并联，没有示数；当电阻 R2断路时，电压表与电源的两极不相连，电压表没有示数；所以故障原因为：R 1短路或 R2断路；若用一个完好的灯泡替换断路部分的电阻 R2，使电路接通，灯泡一定发光。答案：R 1短路或 R2断路；一定发光。15.(4 分)我
13、们在学习新的物理量时，有时会采用类比的方法。如图(a)(b)所示：在研究通过导体的电流和导体两端电压有何关系时，我们可以利用同一水管，通过它的水流和水压之间的关系做类比。(1)根据日常生活中的经验可知：对同一根水管来说，它两端的水压越大，通过它的水流也越 ，由此我们可以猜测同一导体，通过它电流和它两端电压之间的关系可能是： 。解析：对同一根水管来说，它两端的水压越大，通过它的水流也越大，由此我们可以猜测同一导体，通过它电流和它两端电压之间的关系可能是：它两端电压越大，通过它电流也越大。答案：大；对于同一导体，它两端电压越大，通过它电流也越大。(2)但是，在日常生活中有时会发现，导体两端的电压大
14、的时候通过它的导体的电流却并不一定大，请你思考分析并查找原因，下面的选项合理是 。A.电流可能还与其他因素有关。B.电流其实与电压是无关的。C.猜想得到的结论还需要更多实验来验证才具有普遍意义。解析：根据 I= 可知，电流的大小不仅与加在它两端的电压有关，还与导体的电阻有关，导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比。所以，在探究导体两端的电压与通过它的导体的电流的关系时，应控制导体的电阻不变，否则，导体两端的电压大的时候通过它的导体的电流并不一定大，故应选 A。答案：A。三、作图题(共 8 分)16.(3 分)重为 20 牛的物体放在水平地面上，用力的图示法在图中画出物体对地面的
15、压力。解析：物体放在水平地面上，压力的大小与物体的重力大小相等，F=G=20N，方向垂直于地面向下，作用点在地面，设定标度为 10N，压力的图示如下图所示：答案：见解析17.(3 分)根据图中所示的电流方向，将电源、电流表、电压表三个元件符号正确填进电路空缺处，填入后电阻 R 和灯 L 都工作且电压表测灯 L 两端电压。解析：因为电压表测灯 L 两端电压，故电压表与 L 并联，所以中间一定为电压表，左边一定为电源，并且下边为正极，则右边为电流表，如下图所示：答案：见解析18.(2 分)在如图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上。补上后要求：当电键 S 闭合时，灯 L1、L 2
16、都发光，且电流表的示数不变。解析：将开关 S 的左接线柱与电流表的接线柱相连，如下图所示：答案：见解析四、计算题(共 25 分)19.(4 分)体积为 5103 米 3的金属块浸没在水中。求：该金属块所受的浮力 F 浮 。解析：因为金属块浸没在水中，所以 V 排 =V=5103 m3金属块所受到的浮力：F 浮 = 水 gV 排 =1.0103kg/m310N/kg5103 m3=50N。答案：金属块所受到的浮力为 50N。20.(5 分)在图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻 R2的阻值为 15 欧。闭合电键 S 后，电流表的示数为 1 安，通过电阻 R2的电流为 0.4 安。求：电源电压
17、U。电阻 R1的阻值。解析：闭合电键 S 后，两电阻并联，电流表的示数为 1 安，即为总电流 I=1A，通过电阻 R2的电流 I2=0.4A，根据欧姆定律 R2的电压 U2=R2I=150.4A=6V，即电源电压 U=6V；根据并联电路电流的规律，通过 R1的电流 I1=1A0.4A=0.6A，由欧姆定律R1= =10。答案：电源电压 U 为 6V。电阻 R1的阻值为 10。21.(8 分)如图所示，均匀长方体甲和薄壁圆柱形容器乙置于水平地面上。长方体甲的底面积为 3S。容器乙足够高、底面积为 2S，盛有体积为 5103 米 3的水。(1)若甲的重力为 20 牛，底面积为 5104 米 2，求
18、甲对地面的压强 p 甲 。解析：甲置于水平地面上，对地面的压力 F 甲 =G 甲 =20N，甲对地面的压强 p 甲 = = =4104Pa。答案：甲对地面的压强 p 甲 为 4104Pa。(2)求乙容器中水的质量 m 水 。解析：根据 = 可得，乙容器中水的质量 m 水 = 水 V 水 =1103kg/m35103 m3=5kg。答案：乙容器中水的质量 m 水 为 5kg。(3)若将甲沿水平方向切去厚度为 h 的部分，并将切去部分浸没在乙容器的水中时，甲对水平地面压强的变化量p 甲 恰为水对乙容器底部压强增加量p 水 的 2 倍。求甲的密度 甲 。解析：根据题意可知p 甲 = = = = =
19、= 甲gh，p 水 = 水 gh 水 = 水 g( )= 水 gh，则p 甲 =2p 水 ，即： 甲 gh=2 水 gh=3 水 gh，则 甲 =3 水 =31.0103kg/m3=3103kg/m3。答案：甲的密度 甲 为 3103kg/m3。22.(8 分)在图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻 R1的阻值为 20 欧，滑动变阻器铭牌已模糊不清，只能辨识出标有“2A”字样。电键 S 闭合后，滑片移到某位置时，电流表A 的示数为 0.5 安，电压表 V2的示数为 8 伏。(电表量程可以改变)。(1)求电源电压 U。解析：电键 S 闭合后，滑片移到某位置时，R 1、R 2串联，电压表 V2的
20、示数为 8 伏，即 R2的电压，电流表 A 的示数为 0.5 安，即电路中的电流大小 I=0.5A根据欧姆定律，R 1的电压 U1=R1I=200.5A=10V，根据串联电路电压的规律，电源电压 U=10V+8V=18V。答案：电源电压 U 为 18V。(2)将滑动变阻器滑片 P 移到某处，发现电流表 A 的示数已达到某量程的满刻度，且各元件都能正常工作，求此时滑动变阻器连入电路的阻值。解析：因电压电压为 18V，电阻 R1的阻值为 20 欧姆。根据欧姆定律，电路中的最大电流为 I 大 = =0.9A，所以电流表不可能选用 03A，而只能选用 00.6A，将滑动变阻器滑片 P 移到某处，发现电
21、流表 A 的示数已达到某量程的满刻度，即电流 I1=0.6A，根据欧姆定律，则电路的总电阻 R= =30，根据电阻的串联，所以 R2=3020=10。答案：将滑动变阻器滑片 P 移到某处，发现电流表 A 的示数已达到某量程的满刻度，且各元件都能正常工作，此时滑动变阻器连入电路的阻值为 10。(3)现用 R0替换 R1且能使电路中的电流达到最大，电路各元件都能正常工作，求替换的 R0的最大阻值。解析：变阻器上标有“2A”字样，说明变阻器允许通过的最大电流为 2A，现用 R0替换 R1且能使电路中的电流达到最大，电流表应改选大量程 03A，电路中允许的最大电流为 2A，根据欧姆定律，电路的总电阻最
22、小，此时变阻器连入电路中的电阻最小，由分压原理，变阻器分得的电压最小，根据串联电压电压的规律，则 V1的示数最大，且 R0的阻值越大，电压表 V1的示数越大，所以当 V1选用大量程 015V，此时电压为 U=15V 时，R 0有最大值，所以，其最大值 R0= =7.5。答案：现用 R0替换 R1且能使电路中的电流达到最大，电路各元件都能正常工作，替换的R0的最大阻值为 7.5。五、实验题(共 18 分)23.(4 分)在图所示的实验装置中，装置 A 可以用来探究 的规律；装置 B可用来做验证 原理的实验；装置 C 所示正在做的是 实验。测量时能直接接在电源两端的仪表是 (选填“D”或“E”)。
23、解析：装置 A 是压强计，可以用来探究液体内部压强的规律；装置 B 可用称重法测出物体的浮力，同时借助量筒测出排水的体积，进而算出排水的重力，因此可用来做验证阿基米德原理的实验；装置 C 所示正在做的是托里拆利实验，实验时若玻璃管发生倾斜，则玻璃管内外水银面的高度差将不变，只是水银柱的长度会变长。测量时能直接接在电源两端的仪表是电压表，E 图是电压表。答案：液体内部压强；阿基米德；托里拆利；E。24.(4 分)在“测定物质密度”的实验中，天平平衡时，砝码和游码在标尺上的位置如图 1所示。用量筒量出石块的体积如图 2 所示，则石块的质量是 克，密度是 克/厘米 3.对比“探究物质质量与体积的关系”和“测定物质的密度”两个实验，实验所用器材及所需要测量的物理量均 ，而实验目的 (均选填“相同”或“不同”)。
