1、2018 年天津市中考真题物理一、选择题(每小题 3 分，共 30 分)1.生活中常用“引吭高歌” “低声细语”来形容声音。这里的“高” “低”是指声音的( )A.响度B.音调C.音色D.频率解析：声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大，振动幅度越小，响度越小。 “引吭高歌”中的“高”说明声音的响度大， “低声细语”中的“低”是指声音的响度小。答案：A2.取出在冰箱中被冷冻的金属块，擦干后放一会儿，其表面会变湿。此现象中发生的物态变化是( )A.汽化B.液化C.升华D.凝固解析：由于从冰箱中取出的金属块温度很低，空气中的水蒸气遇到冷的冰块液化成小水滴附着在铁块上，使其表面变湿。
2、答案：B3.下列现象中，由光的反射形成的是( )A.小孔成像B.立竿见影C.海市蜃楼D.水中倒影解析：A、小孔成像说明光是沿直线传播的，故 A 错误；B、立竿见影属于影子的形成，说明光是沿直线传播的，故 B 错误；C、海市蜃楼是光在沿直线方向传播时，在密度不均匀的空气层中，经过折射造成的结果。故 C 错误；D、水中倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故 D 正确。答案：D4.如图所示，用线将灯悬挂在天花板上。当灯静止时，灯所受拉力的平衡力是( )A.线所受的重力B.灯所受的重力C.灯对线的拉力D.线对天化板的拉力解析：A、灯所受拉力与线所受的重力没有作用在同一个物体上，故 A 错误；B
3、、当灯静止时，灯受到竖直向上的拉力和竖直向下的重力的作用，拉力和重力满足二力平衡的四个条件，是一对平衡力，故 B 正确；C、灯所受拉力与灯对线的拉力是一对相互作用力，故 C 错误；D、灯所受拉力与线对天化板的拉力没有作用在同一个物体上。故 D 错误。答案：B5.中国选手张湘祥在奥运会上获得男子举重 62kg 级冠军，挺举成绩是 176kg，图为他比赛时的照片。他在挺举过程中对杠铃做的功最接近( )A.600JB.1200JC.1800JD.3400J解析：杠铃的重力：G=mg=176kg10N/kg=1760N，张湘祥的身高约为 1.60m；在挺举过程中把杠铃举高的高度为张湘祥的身高加上 0.
4、4m，即：h=1.60m+0.4=2.0m，在挺举过程中对杠铃做的功：W=Gh=1760N2.0m=3520J。答案：D6.用细线将小球系好后，固定在天花板上，做成一个摆。如图所示，小球从 A 点摆动到 B点的过程中( )A.速度变小，动能变大B.速度变小，动能变小C.速度变大，重力势能变小D.速度变大，重力势能变大解析：小球从 A 点摆动到 B 点的过程中，质量不变、高度减小，重力势能减小；质量不变、速度变大，动能变大；重力势能转化为动能。答案：C7.图中的 a 表示垂直于纸面的一根导线，它是闭合电路的一部分。当它在磁场中按箭头方向运动时，能产生感应电流的是( )A.B.C.D.解析：磁极间
5、的磁感线是从 N 极指向 S 极，由图可知，C 中导体做切割磁感线运动，所以会产生感应电流，故 C 正确；ABD 中的导体运动时，导体运动方向与磁感线方向平行，都不会切割磁感线，所以不会产生感应电流，故 ABD 错误。答案：C8.将玻璃瓶、两端开口的细玻璃管和橡皮塞组成如图所示的装置。装置内加入适量的液体，可完成如下四个实验：在这些实验的设计中，把微小变化放大以利于观察的是( )验证力使物体发生形变；观察大气压随高度的变化；观察液体的热胀冷缩；模拟潜水艇的浮沉。A.B.C.D.解析：用力挤压瓶子，瓶子可以发生形变，利用该装置可以验证：力可以使固体发生微小形变；当大气压变化时，细管中液柱的高度会
6、发生变化，利用该装置可以验证大气压随高度的变化；物体具有热胀冷缩的性质，当液体温度变化时体积会发生变化，利用该装置可以观察液体的热胀冷缩；将瓶子放在水中，通过玻璃管向瓶内吹气，可以看到瓶子上浮；通过玻璃管向外抽气，可以看到瓶子下沉。通过此实验可以直接模拟潜水艇的沉浮，不需要把微小变化放大。答案：A9.如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关 S，当滑动变阻器的滑片 P 向右滑动时，下列说法正确的是( )A.两个电流表的示数都变大B.两个电流表的示数都变小C.电流表 A1示数不变，电流表 A2示数变大D.电流表 A1示数不变，电流表 A2示数变小解析：(1)由图知，两电阻并联，电流表 A1测 R
7、1的电流，A 2测总电流：因为并联电路各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时通过定值电阻 R1的电流不变，即电流表 A1示数不变，故 AB 错误；(2)当滑动变阻器的滑片 P 向右滑动时，变阻器连入电路中的电阻变大，由欧姆定律可知，通过变阻器的电流变小，因通过 R1的电流不变，根据并联电路的电流规律可知，总电流变小，即电流表 A2示数变小，故 D 正确，C 错误。答案：D10.在使用图所示的插线板时发现：只有在开关闭合时，指示灯才能发光，插孔才可以提供工作电压：即使指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压。下图中插线板电路连接符合上述现象及安全用电要求的是( )A.B.C.D.解析：插线板
8、上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电，说明开关同时控制灯泡和插座，灯泡和插座之间可能是串联，也可能是并联，如果两者并联，开关应该在干路上；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电，说明灯泡和插座之间是并联的，开关接在灯泡、插座和火线之间控制火线使用更安全，故 A 正确。答案：A二、多项选择题(本大题共 3 小题，每小题 3 分，共 9 分。每小题给出的四个选项中，均有多个选项符合题意，全部选对的得 3 分，选对但不全的得 1 分，不选或选错的得 0 分)11.在用一凸透镜研究其成像的规律时，某同学得到的部分实验信息如下表所示。根据表中信息判定下列说法正确的是( )实验次序 1 2 3
9、4 5物距 u/cm 50 40 30 25 20像距 v/cm 22 24 30 38 60A.该凸透镜的焦距是 15cmB.当 u=25cm 时，凸透镜成放大的像，放大镜就是根据这一原理制成的C.当 v=24cm 时，凸透镜成缩小的像，照相相机就是根据这一原理制成D.若把物体从距凸透镜 22cm 处向距凸透镜 32cm 处滑动，像会逐渐变小解析：A、由表中的数据可知，实验 3 中，u=v=30cm，此时 u=2f，f=15cm，故 A 正确；B、当 u=25cm 时，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，凸透镜成倒立、放大的像，投影仪就是根据这一原理制成的，故 B 错误；C、当 v=24cm 时，
10、像距大于一倍焦距小于二倍焦距，则物距大于二倍焦距，凸透镜成缩小的像，照相相机就是根据这一原理制成，故 C 正确；D、若把物体从距凸透镜 22cm 处向距凸透镜 32cm 处滑动，物距变大，像距变小，像变小，故 D 正确。答案：ACD12.如图甲所示电路，闭合开关 S 后，将滑动变阻器的滑片 P 从一端滑到另一端，R 1、R 2的 UI 关系图象如图乙所示：在上述过程中，滑片 P 从任意一点滑动到另外一点时，电流表 A 的示数变化量为I，电压表 V1、V 2的示数变化量分别为U 1、U 2，R 1、R 2的功率变化量分别为P 1、P 2，则( )A.R1的阻值为 70B.电源电压是 18VC.
11、总成立2UID. 总成立1P解析：由电路图可知，R 1与 R2串联，电压表 V1测 R1两端的电压，电压表 V2测 R2两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)当滑片位于右端时，变阻器接入电路中的电阻为 0，电路为 R1的简单电路，电路中的电流最大，R 2的电压为 0，此时 R1两端电压最大且等于电源电压，如上所示：由图象可知，即：U=18V，电路中的最大电流 I 最大 =0.9A，由欧姆定律可得，R 1的阻值：，故 A 错误，B 正确；1820.9UVI最 大(2)设滑片移动前后电路中的电流为 I1、I 2，根据欧姆定律和串联电路电压的规律，则电压表 V2示数的变化量：|U 2|=|(UI
12、1R1)(UI 2R1)|=|(I2I 1)R1|=|IR 1|，所以： =R1I根据串联电路各部分电压等于电源总电压，故有：|U 1|=|U 2|，所以： =R1，故 C 正确；12UI(3)|P 1|=|P1P 1|=|I12R1I 22R1|=|R1(I1+I2)(I1I 2)|=|R1(I1+I2)I|=R 1(I1+I2)|I|；故 =R1(I1+I2)，PI同理： =R2(I1+I2)，由知，只有 R1=R2时， 才成立，故 D 错误。12PI答案：BC13.如图所示，水平地面上放有上下两部分均为柱形的薄壁容器，两部分的横截面积分别为S1、S 2。质量为 m 的木球通过细线与容器底
13、部相连，细线受到的拉力为 T，此时容器中水深为 h(水的密度为 0)。下列说法正确的是( )A.木球的密度为 0gTmB.木球的密度为 C.剪断细线，待木球静止后水对容器底的压力变化量为 TD.剪断细线，待木球静止后水对容器底的压力变化量为 21S解析：(1)木球浸没时，其受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力和绳子的拉力，由于木球处于静止状态，受力平衡，根据力的平衡条件可得：F 浮 =G+T=mg+T，木球浸没时，V 排 =V 木 ，则根据阿基米德原理 F 浮 = 液 gV 排 可得： 0gV 排 =mg+T，由 可得木球的体积： ，mmV木 木所以， 0g =mg+T，木解得 木 = ；故 A
14、 正确，B 错误；0gT(2)剪断细线，木块漂浮，F 浮 =G=mg，则待木球静止后浮力变化量为：F 浮 =F 浮 F 浮 =mg+Tmg=T，根据阿基米德原理 F 浮 = 液 gV 排 可得水面下降的高度(容器上部的水面下降)：，011VgThSS浮排则由 可得，水对容器底的压力变化量：pF=pS 2= 0ghS 2= ，故 C 错误，D 正确。2011SgT答案：AD三、填空题(本大题共 6 小题，共 24 分)14.下面是两则科技新闻：“天眼一 FAST”第一次发现了一颗距地球 4000 光年的毫秒脉冲星；我国新能源汽车产业发展迅速，锂电池单体能量密度已达 230Wh/kg 其中“光年”
15、是_的单位， “Wh”是_的单位。(填物理量名称)解析：物理学中， “光年”是光在 1 年中走过的路程，是长度单位；Wh 是功率与时间的乘积，是能量单位。答案：长度；能量15.空中加油机在高空给战斗机加油时，以加油机为参照物，战斗机是_的；若加油机以500km/h 的速度航行 0.2h，通过的路程是_km。解析：当加油机在空中给战斗机加油时，以加油机为参照物，战斗机与加油机之间没有位置的变化，所以战斗机是静止的；根据 可得，加油机通过的路程为：s=vt=500km/h0.2h=100km。svt答案：静止；10016.将图甲所示装置中的玻璃板抽掉后，两个瓶子内的气体会彼此进入对方，这种现象叫做
16、_；如图乙所示，用力击出下部棋子时，上面的棋子没有飞出，是由于上面的棋子具有_。解析：(1)密度小的空气和密度大的二氧化氮过一段时间，形成比较均匀的气体，这是扩散现象，扩散现象说明分子不停地进行无规则运动；上面的空气密度小，下面的二氧化氮密度大，过一段时间，形成均匀的气体，充分证明气体分子不停地进行无规则运动，有力证明气体的扩散现象。(2)受到打击的棋子飞出后，上面的棋子由于惯性要保持原来的静止状态，所以上面的棋子不会飞出而是落到正下方；答案：扩散；惯性17.当某导体两端电压是 3V 时，通过它的电流是 0.2A，则该导体的电阻是_；当它两端电压为 0V 时，该导体的电阻为_。解析：根据 可得
17、，导体的电阻：UIR=15；30.2VA电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，在这个导体两端电压为 0 时，导体的电阻仍为 15 不变。答案：15；1518.利用图甲中的撬棒撬石块时，撬林相当于_(选填“省力”或“费力”)杠杆：利用图乙中的滑轮组匀速提升 900N 的重物时，若忽略滑轮自重、绳重及摩擦，人对绳的最小拉力为_N。解析：(1)用撬棒撬石头时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；(2)由乙图可知绳子的有效股数 n=3，拉力 F= G 物 = 900N=300N。1n3答案：省力；30019.如图所示电路中，电源电压保持不变，电阻 R1与 R2的阻值之比为 2：1。开关 S
18、 断开时，R1与 R2的电功率之比为_：开关 S 闭合前后，电压表两次的示数之比为_。解析：(1)已知电阻 R1与 R2的阻值之比为 2：1，则 R1=2R2，开关 S 断开时，电阻 R1、R 2串联，因串联电路中电流处处相等，则 R1与 R2的电功率之比： ；122PI开关 S 断开时，电阻 R1、R 2串联，此时电路中的电流 ，1223UUIRR此时电压表测 R1两端的电压，由 可得，电压表的示数：UIU1=IR1= ；12233U(2)开关 S 闭合后，电路为 R1的简单电路，电压表测电源电压，即电压表的示数为 U；所以，开关 S 闭合前后，电压表两次的示数之比为 。23答案：2：1；2
19、：3四、综合题(本大题共 6 小题，共 37 分。解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位20.图为某电热器的电路原理图，通过将开关 S 置于不同的位置，可以实现“加热”和“保温”两种状态的变换，对应的额定功率分别为 800W 和 40W。(1)将开关 S 接“1”时，电热器处于_(选填“加热”或“保温”)状态。(2)电热器在加热状态下正常工作，将 0.5kg 初温为 20的水加热到 100，需要多长时间？【(水的比热容为 4.2103J/(kg)，假设电能全部转化为水的内能】解析：(1)将开关 S 接“1”时，电路为 R2的简单电路，电路中电阻最小，根
20、据 可2UPR判断此时电热器所处的状态；(2)先根据 Q 吸 =cm(tt 0)求出水吸收的热量即为电热器消耗的电能，然后根据 求出Wt需要的加热时间。答案：(1)将开关 S 接“1”时，电路为 R2的简单电路，电路中电阻最小，根据 可知，电源电压一定时，电阻越小，电功率越大，所以此时电热器处于加热2UPR状态。(2)水吸收的热量：Q 吸 =cm(tt 0)=4.2103J/(kg)0.5kg(10020)=1.6810 5J，由题意可知，假设电能全部转化为水的内能，则 W=Q 吸 =1.68105J，由 得，需要的加热时间：WPt。51.68210Js 加 热答：(1)加热；(2)电热器在加
21、热状态下正常工作，将 0.5kg 初温为 20的水加热到 100，需要的时间为210s。21.在探究电阻一定时电流与电压关系的实验中：(1)请根据图甲所示的电路图，用笔画出导线完成图乙的电路连接：(2)实验过程中得到的部分数据如下表所示。第 3 次测时，电流表的示数如图丙所示，请将该数据填入表格中实验序号 1 2 3 电压 U/V 0.8 1.6 2.4 电流 I/A 0.16 0.32 _ (3)在图丁中的坐标轴上标出适当的标度，把上表中的数据在坐标系中描点并连线。解析：(1)根据电源电压为 3V 确定电压表选用小量程与电阻并联，由图丙知电流表选用小量程与 R 串联，将变阻器滑片以左电阻丝连
22、入电路中与电阻串联；(2)根据电流表选用小量程确定分度值为读数；(3)根据描点法作图。答案：(1)电源电压为 3V，故电压表选用小量程与电阻并联，由图丙知，电流表选用小量程与 R 串联，将变阻器滑片以左电阻丝连入电路中与电阻串联，如下左所示：(2)第 3 次测时，电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为 0.02A，示数为0.48A；(3)横坐标小格表 0.4V，纵坐标每小格表示 0.08A，根据表中数据在图中找出对应的点，连线，如上右图所示。故答案为：(1)如上左；(2)0.48；(3)如图所示。22.在“探究影响导体电阻大小的因素”时，某实验小组想利用图所示的电路分别对导体电阻跟
23、它的长度、橫截面积、材料有关的猜想进行实验验证：(1)为验证“导体电阻跟长度有关” ，下表中可选用的三种导体是_(填导体代号)；导体代号 长度/m 横截面积/mm 2 材料A 1.0 0.2 锰铜B 1.0 0.4 锰铜C 1.0 0.6 锰铜D 0.5 0.4 锰铜E 1.5 0.4 锰铜F 1.0 0.6 镍铬合金G 1.0 0.6 铁(2)若实验中将电路中的电流表更换为小灯泡，通过观察_也可以判断导体电阻大小，但不足之处是_。解析：(1)影响电阻大小的因素是：材料、长度、横截面积、温度，在探究过程中需用到控制变量法；(2)在电源电压一定的情况下，导体电阻越大，电路电流越小，灯泡越暗；导体
24、电阻越小，电路电流越大，灯泡越亮；因此可以通过观察灯泡的亮度来判断电阻的大小，应用了转换法；但当电路中电阻变化不大时，只凭灯泡的亮暗不易区分。答案：(1)为了研究导体电阻与导体长度的关系，则需使导体的材料和横截面积相同，长度不同，应选用的三种导体是 B、D、E；(2)实验中可通过通过观察灯泡亮度来判断电阻的大小，但是当电路中电阻变化不大时，只凭灯泡的亮暗不易区分，所以不科学。故答案为：(1)B、D、E；(2)灯泡的亮度；当电路中电阻变化不大时，只凭灯泡的亮暗不易区分。23.甲、乙两地相距 40km，在甲、乙两地之间沿直线架设了两条输电线，已知每条输电线每千米的电阻为 0.2。现输电线在某处发生
25、了短路，为确定短路位置，枪修员进行了如下操作：在甲地利用电源(电压恒为 6v)、定值电阻 Ro(阻值为 20)、电压表(量程为03V)以及开关等与输电线组成了一个检测电路(如图所示，电压表未画出)：闭合开关后，电压表示数为 2V；解答如下问题：(1)根据题意判定电压表的连接位置，将它接入检测电路；(2)计算出短路位置离甲地的距离。解析：知道电表的示数，根据欧姆定律求出导线的总电阻，又知道每千米导线的电阻值，可求导线的长度，然后除以 2 即可求出短路位置离甲地的距离。答案：(1)由题知，输电线在某处发生了短路，为确定短路位置，在甲地利用图中的检测电路进行检测；甲地是电源所在位置，电阻 R0与导线电阻 R 线 串联；要确定短路位置，需要测出甲地到短路位置两输电线串联的总电阻，电压表应测导线的总电压，所以电压表应接在甲地两点之间，如下图：
