1、2018 年中考物理试题分类汇编 欧姆定律一选择题（共 20 小题）1（2018兰州）有两个可变电阻，开始时阻值相等，都为 R，现将其中一个电阻的阻值增大，将另一个电阻的阻值减小，则两个电阻并联后总电阻将（ ）A一定大于 R B一定等于 RC一定小于 R D以上结果都有可能【分析】根据并联电路总电阻与支路电阻的关系进行分析，即总电阻的倒数等于支路电阻倒数之和。【解答】解：因为并联电路总电阻的倒数等于支路电阻倒数之和，所以并联电路总电阻小于任一电阻值，即两个电阻并联后总电阻小于较小电阻的阻值，故选项 C 正确。故选：C。2（2018邵阳）已知 R1：R 2=2：3，将它们接在如图所示电源电压为
2、12V 的电路中，闭合 S 则通过它们的电流之比及它们两端的电压之比是（ ）AI 1：I 2=3： 2 U1：U 2=1：1 BI 1：I 2=3：2 U1：U 2=3：2C I1： I2=2：3 U1：U 2=1：1 DI 1：I 2=1：1 U1：U 2=2：3【分析】并联电路各支路两端的电压相等；由 I= 即可求出电流之比。【解答】解：因为并联电路电压相等，因此将它们并联在同一电路中，它们两端的电压之比为 1：1；故 BD 错误；由 I= 可得：电流之比： = = = ，故 A 正确，C 错误。故选：A。3（2018乐山）一根粗细均匀的金属导线其电阻值为 R，将其剪成相等的两段后，再进行
3、并联，则并联后的电阻值为（ ）A2R BR C D【分析】不考虑温度影响，在导体材料一定时，电阻与长度成正比，与横截面积成反比。【解答】解：一根粗细均匀，电阻值为 R 电阻丝截成长度相等的两段，则每段长度变为原来的 ，再把得到的两段并联起来使用，横截面积变为原来的 2 倍，所以阻值变为原来的 ，即 R。故选：D。4（2018临沂）如图所示的电路中，电流表 A1 的示数为 0.5A，A 2 的示数为0.3A，电阻 R2 的阻值为 10下列说法正确的是（ ）A通过电阻 R1 的电流为 0.5AB电源电压为 5VC电阻 R1 的阻值为 15D若断开开关 S2，电流表 A1 示数变大【分析】由电路图可
4、知，两电阻并联，电流表 A2 测 R2 支路的电流，电流表 A1测干路的电流；开关 S1 控制整个电路，开关 S2 控制电阻 R1；根据并联电路的电流特点求出通过电阻 R1 的电流，再根据并联电路的电压特点求出电源的电压，利用欧姆定律求出电阻 R1 的阻值，若断开开关 S2，只有 R1支路的电流，判断出电流表 A1 示数的变化。【解答】解：由电路图可知，两电阻并联，电流表 A2 测 R2 支路的电流，电流表 A1 测干路的电流；开关 S1 控制整个电路，开关 S2 控制电阻 R1；因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过电阻 R1 的电流：I1=II2=0.5A0.3A=0.2A，故
5、 A 错误；又因为并联电路中各支路两端的电压相等，故根据欧姆定律可得，电源的电压：U=U2=I2R2=0.3A10=3V，故 B 错误；电阻 R1 的阻值：R1= = =15，故 C 正确。若断开开关 S2，电流表 A1 只测量 R2 的电流，电流表 A1 示数变小，故 D 错误。故选：C。5（2018呼和浩特）早在 19 世纪 20 年代，德国物理学家欧姆就对导体中电流，导体两端电压的关系进行了大量的实验研究，发现对于大多数导体而言，导体中电流跟导体两端电压成正比，并于 1827 年在动电电路的数学研究一书中，把他的实验规律总结成如下公式：S=E（S 表示导体中的电流；E 表示导体两电压；
6、表示导体对电流的传导率，简称电导率）。关于这一规律，下列说法正确的是（ ）A对于不同的导体，给它们两端加相同的电压，通过的电流与导体的电导率成反比B对于不同的导体，如果通过的电流相同，电压与导体的电导率成正比C电导率反映的是导体对电流的导通作用D电导率的大小是由加在导体两端电压与通过导体的电流决定的【分析】欧姆定律内容：导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比；导体电阻是导体本身的一种性，与电压和电流无关；【解答】解：由题知，导体中的电流 S 与导体两电压 E 成正比，即 S=E， 表示电导率；A、由 S=E可知，在电压相同时，通过的电流与导体的电导率成正比，故 A 错误；B、电
7、压是形成电流的原因，所以电压与导体的电导率无关，故 B 错误；C、由 S=E知，电压 E 一定时，通过的电流 S 与电导率 成正比，所以电导率反映的是导体对电流的导通能力，故 C 正确；D、电导率是导体对电流的传导率，电导率是导体本身的一种性质，与加在导体两端电压与通过导体的电流无关，故 D 错误。故选：C。6（2018宿迁）如图所示，电源电压保持不变，先闭合开关 S1，电压表示数为 U1；再闭合开关 S2，电压表示数为 U2，电阻 R1、R 2 的阻值之比为（ ）AU 1：U 2 BU 2：U I CU 2：（U 2U1） DU 1：（U 2U1）【分析】先闭合开关 S1 时，定值电阻 R1
8、、R 2 串联，电压表测量 R1 的电压，示数为 U1；再闭合开关 S2，只有电阻 R1 连入电路，电压表测量电源电压，根据串联电路的特点可求 R2 的电压；根据欧姆定律可得 R1、R 2 的阻值之比。【解答】解：闭合开关 S1、S 2 时，只有电阻 R1 连入电路，电压表测量电源电压，则电源电压为 U=U2，只闭合开关 S1 时，定值电阻 R1、R 2 串联，电压表测量 R1 的电压，则 R1 的电压为 U=U1；因串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和，所以 R2 的电压：U=UU=U 2U1；串联时通过 R1、R 2 的电流相等，根据欧姆定律可得 R1、R 2 的阻值之比：= = =
9、。故选：D。7（2018重庆）在如图所示的实物电路中，电源电压恒为 3V，滑动变阻器的规格为”10 1A“，灯泡上标有“2.5V 1W”的字样，闭合开关后调节滑动变阻器的滑片，在保证各元件安全的情况下，下列说法正确的是（ ）A小灯泡正常发光时的电阻为 2.5B向右移动滑片时，电压表 V1 的示数变小，小灯泡亮度变暗C向右移动滑片时，电压表 V2 与电流表 A 的示数之比不变D让小灯泡正常发光 1min，滑动变阻器产生的电热为 12J【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表 V1 测量小灯泡电压，电压表 V2 测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中电流。（1）灯泡上标有“2.5V 1
10、W”，根据 P= 变形可求小灯泡正常发光时的电阻；（2）根据串联电路的电流特点可知，滑动变阻器向右移动滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据串联分压的原理，滑动变阻器分配的电压减小，即电压表 V2 示数减小，小灯泡两端电压变大，小灯泡变亮；（3）电压表 V2 与电流表 A 的示数之比等于滑动变阻器的阻值，据此分析；（4）由灯泡上标有“2.5V 1W”，根据 P=UI 可求小灯泡的额定电流，再根据串联电路电压的特点，求出滑动变阻器两端的电压，根据 Q=UIt 求出小灯泡正常发光 1min，滑动变阻器产生的电热。【解答】解：A、小灯泡正常发光时的电阻：R L= = =6.25，故 A错误；B、
11、滑动变阻器向右移动滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据串联分压的原理，滑动变阻器分配的电压减小，即电压表 V2 示数减小，小灯泡两端电压变大，即 V1 示数变大，小灯泡变亮，故 B 错误；C、滑动变阻器向右移动滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，即电压表V2 与电流表 A 的示数之比等于滑动变阻器的阻值，故 C 错误；D、小灯泡正常发光时的电流：I=IL= = =0.4A，串联电路的总电压等于各部分电压之和，U 滑 =UU 额 =3V2.5V=0.5V，小灯泡正常发光 1min，滑动变阻器产生的电热：Q=U 滑 It=0.5V0.4A60s=12J故 D 正确；故选：D。8（2018台
12、州）某同学利用如图甲所示的电路进行实验，电源电压恒为 3 伏，更换 5 个定值电阻 Rx，得到如图乙所示的图象。以下有关叙述正确的是（ ）A该同学研究的是电流和电压的关系B实验中电压表的示数保持 0.5 伏不变C滑动变阻器阻值变化范围为 1 欧5 欧D将 Rx 从 5 欧换成 10 欧后，应将滑片 P 向左移【分析】A、研究电流和电压的关系时，要控制电阻不变；B、由图乙求出电流与电阻之积分析；C、由图乙知，电流为 0.5A 时，对应的电阻为 5；电流为 0.1A 时，对应的电阻为 25，根据欧姆定律和串联电路的规律求出变阻器连入电路中的电阻变化范围；D、根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，
13、需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向。【解答】解：A、研究电流和电压的关系时，要控制电阻不变，由图乙知，电阻是变化的，故A 错误；B、由题意和图象可知，该同学研究的是电流和电阻的关系，实验中要控制 Rx两端的电压不变（即电压表示数不变）；由图乙知，电流与电阻之积（即 Rx 两端的电压）：U=IRx=0.5A5=0.1A25=2.5V，即电压表保持 2.5 伏不变，故 B 错误；C、由图乙知，电流最大为 0.5A 时，对应的电阻为 5，根据欧姆定律和串联电路的规律，变阻器连入电路中的电阻：R 滑 1=R 总
14、 R1= R1= 5=1；由图乙知，电流最小为 0.1A 时，对应的电阻为 25，根据欧姆定律和串联电路的规律，变阻器连入电路中的电阻：R 滑 2=R 总 R2= R2= 25=5；所以，滑动变阻器阻值变化范围为 1 欧5 欧，故 C 正确；D、根据串联分压原理可知，将定值电阻由 5改接成 10的电阻，电阻增大，其分得的电压增大（大于 2.5V）；探究电流与电阻的实验中应控制电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压使电压表的示数减小为 2.5V，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，故 D 错误。故选：C。9（2018嘉兴）图象法是
15、利用图象这种特殊且形象的工具，表达各科学量之间存在的内在关系或规律的方法。下列从图象中获得的结论错误的是（ ）A1 2BR1R 2C1 2Dp1p 2【分析】分析图象，确定图象反应的物理量间的关系，然后根据图象反应的物理量间的关系作出判断，然后答题。【解答】解：A、根据 = 可知，在物体的体积相同时，质量越大，密度越大，由图象可知1 2，故 A 正确；B、根据 R= 可知，在电压相同时，电流越大，导体的电阻越小，由图象可知R1R 2，故 B 错误；C、根据 v= 可知，在时间相同时，路程越大，速度越大，由图象可知 v1v 2，故 C 正确；D、根据 p= 可知，在受力面积相同时，压力越大，压强
16、越大，由图象可知p1p 2，故 D 正确。故选：B。10（2018常德）如图所示，R 0 为定值电阻，R 1 为滑动变阻器，A 1，A 2 为实验室用电流表（接线柱上标有“ ”，“0.6”，“3”），闭合开关后，调节滑片 P使两电流表指针所指位置相同。下列说法正确的是（ ）A电流表 A1 与 A2 的示数之比为 1：4B通过 R0 与 R1 的电流之比为 4：1C R0 与 R1 两端的电压之比为 1：4DR 0 与 R1 的阻值之比为 4：1【分析】由电路图可知，R 0 与 R1 并联，电流表 A1 测 R0 中电流，电流表 A2 测干路电流，根据并联电路的电流特点结合两电流表指针所指位置相
17、同可知两电流表的量程，根据指针位置相同时大量程示数是小量程示数的 5 倍可知两者的大小关系，根据并联电路的电流关系可知两电阻中电流的关系，根据并联电路的分流特点可知两电阻的关系，再根据欧姆定律求出两电阻的电压关系。【解答】解：由电路图可知，R 0 与 R1 并联，电流表 A1 测 R0 中的电流，电流表 A2 测干路电流，因并联电路中总电流等于各支路电流之和，且两电流表指针所指位置相同，所以，电流表 A1 的量程为 00.6A，电流表 A2 的量程为 03A，因指针位置相同时大量程示数是小量程示数的 5 倍，所以，电流表 A1 与 A2 示数之比为 1：5，即 I=5I0，故 A 错误；由并联
18、电路的电流特点可得，通过 R0 与 R1 的电流之比： = = =，故 B 错误；因并联电路两端的电压都相等，所以 R0 与 R1 两端的电压之比为 1：1，故 C 错误；根据并联电路的分流特点可知，R 0 与 R1 的阻值之比：= = ，故 D 正确。故选：D。11（2018遵义）如图甲所示，R 2 为电阻箱调节 R2 时电流表示数 I 随之变化。如图乙所示是电阻箱阻值 R2 与电流表示数的倒数 的图象。则定值电阻 R1 与电源电压 U 的大小分别为（ ）A5 30V B5 2.5V C10 20V D10 10V【分析】由电路图可知，R 1 与 R2 串联，电流表测电路中的电流，根据图乙可知R2 的阻值为 0和 10时 的值，据此得出对应电路中的电流，根据串联电路的特点和欧姆定律分别表示出电源的电压，利用的电压不变得出等式即可求出
