高中物理《法拉第电磁感应定律》同步练习5 新人教版选修3-2.doc

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1、优质文档优质文档第四节:法拉第电磁感应定律 同步练习基础达标:1、法拉第电磁感应定律可以这样表述:闭合电路中感应电动势的大小 ( )A.跟穿过这一闭合电路的磁通量成正比B.跟穿过这一闭合电路的磁感应强度成正比C.跟穿过这一闭合电路的磁通量的变化率成正比D.跟穿过这一闭合电路的磁通量的变化量成正比2、将一磁铁缓慢地或迅速地插到闭合线圈中同样位置处,不发生变化的物理量有 ( )A.磁通量的变化率 B.感应电流的大小C.消耗的机械功率 D.磁通量的变化量E.流过导体横截面的电荷量3、恒定的匀强磁场中有一圆形闭合导线圈,线圈平面垂直于磁场方向,当线圈在磁场中做下列哪种运动时,线圈中能产生感应电流 (

2、)A.线圈沿自身所在平面运动B.沿磁场方向运动C.线圈绕任意一直径做匀速转动D.线圈绕任意一直径做变速转动4、一个矩形线圈,在匀强磁场中绕一个固定轴做匀速运动,当线圈处于如图所示位置时,此线圈 ( )A.磁通量最大,磁通量变化率最大,感应电动势最小B.磁通量最大,磁通量变化率最大,感应电动势最大C.磁通量最小,磁通量变化率最大,感应电动势最大D.磁通量最小,磁通量变化率最小,感应电动势最小5、一个 N 匝的圆线圈,放在磁感应强度为 B 的匀强磁场中,线圈平面跟磁感应强度方向成30角,磁感应强度随时间均匀变化,线圈导线规格不变 .下列方法中可使线圈中感应电流增加一倍的是 ( )A.将线圈匝数增加

3、一倍 B.将线圈面积增加一倍C.将线圈半径增加一倍 D.适当改变线圈的取向6、闭合电路中产生的感应电动势的大小,跟穿过这一闭合电路的下列哪个物理量成正比( )A、磁通量 B、磁感应强度 C、磁通量的变化率 D、磁通量的变化量7、穿过一个单匝数线圈的磁通量,始终为每秒钟均匀地增加 2 Wb,则( )A、线圈中的感应电动势每秒钟增大 2 VB、线圈中的感应电动势每秒钟减小 2 VC、线圈中的感应电动势始终为 2 V优质文档优质文档D、线圈中不产生感应电动势8、如图 1 所示,矩形金属框置于匀强磁场中,ef 为一导体棒,可在 ab 和 cd 间滑动并接触良好;设磁感应强度为 B,ef 长为 L,在

4、t 时间内向左匀速滑过距离 d,由电磁感应定律 E=n 可知,下列说法正确的是( )t图 1A、当 ef 向左滑动时,左侧面积减少 Ld,右侧面积增加 Ld,因此 E=2BLd/tB、当 ef 向左滑动时,左侧面积减小 Ld,右侧面积增大 Ld,互相抵消,因此E=0C、在公式 E=n 中,在切割情况下,=BS,S 应是导线切割扫过的面积,t因此 E=BLd/tD、在切割的情况下,只能用 E=BLv 计算,不能用 E=n 计算t9、在南极上空离地面较近处,有一根与地面平行的直导线,现让直导线由静止自由下落,在下落过程中,产生的感应电动势( )A、增大 B、减小 C、不变 D、无法判断10、一个

5、200 匝、面积为 20 cm2的线圈,放在磁场中,磁场的方向与线圈平面成 30角,若磁感应强度在 0.05 s 内由 0.1 T 增加到 0.5 T.在此过程中穿过线圈的磁通量的变化是_ Wb;磁通量的平均变化率是_ Wb/s;线圈中的感应电动势的大小是_ V.能力提升:11、如图所示,在竖直向下的匀强磁场中,将一个水平放置的金属棒 ab 以水平初速度 v0抛出,设运动的整个过程中棒的取向不变且不计空气阻力,则金属棒在运动过程中产生的感应电动势大小将 ( )A.越来越大B.越来越小C.保持不变D.无法确定12、如图所示, C 是一只电容器,先用外力使金属杆 ab 贴着水平平行金属导轨在匀强磁

6、场中沿垂直磁场方向运动,到有一定速度时突然撤销外力.不计摩擦,则 ab 以后的运动情况可能是( )A.减速运动到停止 B.来回往复运动C.匀速运动 D.加速运动优质文档优质文档13、粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框置于有界匀强磁场中,磁场方向垂直于线框平面,其边界与正方形线框的边平行.现使线框以同样大小的速度沿四个不同方向平移出磁场,如图4-3-12所示,则在移出过程中线框的一边a、b两点间电势差绝对值最大的是( )14、一个面积 S=410-2 m2、匝数 n=100 匝的线圈,放在匀强磁场中,磁场方向垂直于线圈平面,磁感应强度 B 随时间 t 变化的规律如图所示,则下列判断正确的是( )A

7、、在开始的 2 s 内穿过线圈的磁通量变化率等于-0.08 Wb/sB、在开始的 2 s 内穿过线圈的磁通量的变化量等于零C、在开始的 2 s 内线圈中产生的感应电动势等于-0.08 VD、在第 3 s 末线圈中的感应电动势等于零15、如图所示,闭合导线框的质量可以忽略不计,将它从图示位置匀速拉出匀强磁场.若第一次用 0.3 s 时间拉出,外力做的功为 W1,通过导线截面的电荷量为 q1;第二次用0.9 s 时间拉出,外力所做的功为 W2,通过导线截面的电荷量为 q2,则( )A、W 1W2,q1=q2 D、W 1W2,q1q216、如图所示,半径为 r 的 n 匝线圈套在边长为 L 的正方形

8、 abcd 之外,匀强磁场局限在正方形区域内且垂直穿过正方形面积.当磁感应强度以 B/t 的变化率均匀变化时,线圈中产生感应电动势的大小为_.17、在图中,EF、GH 为平行的金属导轨,其电阻可不计,R 为电阻器,C 为电容器,AB 为可在 EF 和 GH 上滑动的导体横杆.有均匀磁场垂直于导轨平面 .若用 I1和 I2分别表示图中该处导线中的电流,则当横杆 AB( )A、匀速滑动时,I 1=0,I 2=0 B、匀速滑动时,I 10,I 20C、加速滑动时,I 1=0,I2=0 D、加速滑动时,I 10,I 2018、如图 4-3-10 所示,在光滑的绝缘水平面上,一个半径为 10 cm、电阻

9、为 1.0 、质量为 0.1 kg 的金属环以 10 m/s 的速度冲入一有界磁场,磁感应强度为 B=0.5 T.经过一段时间后,圆环恰好有一半进入磁场,该过程产生了 3.2 J 的电热,则此时圆环的瞬时速度为_m/s;瞬时加速度为_ m/s 2.优质文档优质文档19、如图所示,接有灯泡 L 的平行金属导轨水平放置在匀强磁场中,一导体杆与两导轨良好接触并做往复运动,其运动情况与弹簧振子做简谐运动的情况相同.图中 O 位置对应于弹簧振子的平衡位置,P、Q 两位置对应于弹簧振子的最大位移处.若两导轨的电阻不计,则( )A、杆由 O 到 P 的过程中,电路中电流变大B、杆由 P 到 Q 的过程中,电

10、路中电流一直变大C、杆通过 O 处时,电路中电流方向将发生改变D、杆通过O处时,电路中电流最大20、如图 4-3-14 所示,半径为 R 的圆形导轨处在垂直于圆平面的匀强磁场中,磁感应强度为 B,方向垂直于纸面向内.一根长度略大于导轨直径的导体棒 MN 以速率 v 在圆导轨上从左端滑到右端,电路中的定值电阻为 r,其余电阻不计 .导体棒与圆形导轨接触良好.求:(1)、在滑动过程中通过电阻 r 的电流的平均值;(2)、MN 从左端到右端的整个过程中,通过 r 的电荷量;(3)、当 MN 通过圆导轨中心时,通过 r 的电流是多大?21、如图所示,两根平行且足够长的金属导轨置于磁感应强度为 B 的匀

11、强磁场中,磁场的方向垂直于导轨平面,两导轨间距为 L,左端连一电阻 R,右端连一电容器 C,其余电阻不计。长为 2L 的导体棒 ab 与从图中实线位置开始,以 a 为圆心沿顺时针方向的角速度 匀速转动,转 90的过程中,通过电阻 R 的电荷量为多少?22如图所示,水平放置的导体框架,宽 L=0.50 m,接有电阻 R=0.20 ,匀强磁场垂直框架平面向里,磁感应强度 B=0.40 T.一导体棒 ab 垂直框边跨放在框架上,并能无摩擦地在框架上滑动,框架和导体 ab 的电阻均不计.当 ab 以 v=4.0 m/s 的速度向右匀速滑动时,求:(1)ab 棒中产生的感应电动势大小;(2)维持导体棒

12、ab 做匀速运动的外力 F 的大小;(3)若将外力 F 突然减小到 F,简要论述导体 ab 以后的运动情况.优质文档优质文档23、如图 4-3-18 所示,在磁感应强度为 B 的匀强磁场中有一个面积为 S 的矩形线圈绕垂直于磁感线的对称轴 OO以角速度 匀速转动.(1)穿过线框平面磁通量的变化率何时最大?最大值为多少?(2)当线框由图示位置转过 60的过程中,平均感应电动势为多大?(3)线框由图示位置转到 60时瞬时感应电动势为多大?24、横截面积 S=0.2 m2、 n=100 匝的圆形线圈 A 处在如图所示的磁场内,磁感应强度变化率为 0.02 T/s.开始时 S 未闭合, R1=4 ,

13、R2=6, C=30 F,线圈内阻不计,求:(1)闭合 S 后,通过 R2的电流的大小;(2)闭合 S 后一段时间又断开,问 S 断开后通过 R2的电荷量是多少?优质文档优质文档参考答案:1、C 2、DE3、CD4、C5、CD6、C7、C8、C 9、C 10、磁通量的变化量是由磁场的变化引起的,所以=BSsin=(0.5-0.1)2010 -40.5 Wb=410-4 Wb磁通量的变化率 = Wb/s=810-3 Wb/st05.14感应电动势 E=n =200810-3 V=1.6 V.t答案:410 -4 810-3 1.611、C12、C13、B 14、A 15、C16、n L2t17、

14、D18、根据能量守恒定律,动能的减少等于产生的电热,即 mv2- mv12=E热 ,代入数据解得:v 1=6 m/s.此时切割磁感线的有效长度为圆环直径,故瞬时电动势为E=Blv 1,瞬时电流I= ,安培力 F=BIl,瞬时加速度为a= ,整理得: a= =0.6 m/s2. REmFRmvlB1219、D20、思路解析:导体棒从左向右滑动的过程中,切割磁感线产生感应电动势,对电阻 r 供电.(1)、计算平均电流,应该用法拉第电磁感应定律,先求出平均感应电动势.整个过程磁通量的变化为 =BS=BR 2,所用的时间 t= ,代入公式 E= = ,平vR2t2BRv均电流为 I= .rBRvE优质

15、文档优质文档(2)、电荷量的运算应该用平均电流,q=It= .rRB2(3)、当 MN 通过圆形导轨中心时,切割磁感线的有效长度最大,l=2R,根据导体切割磁感线产生的电动势公式 E=Blv 得:E=B2Rv,此时通过 r 的电流为 I= .rBRvE2答案:(1) (2) (3)rBRv2r2rBRv21、思路解析:以 a 为圆心转动 90的过程可分为两个阶段,第一阶段是导体棒与导轨接触的过程;第二阶段是导体棒转动 60以后 b 端离开导轨以后 .第一阶段导体棒切割磁感线产生感应电动势,因为切割磁感线的有效长度发生变化,所以电动势是改变的,该过程中通过电阻 R 的电荷量可用平均电动势来求出.

16、该过程中相当于电源的导体棒给电容器 C 充电.平均电动势 E1= ,=BS= BL2,通过 R 的电荷量 q1= t= .t3ERBL23第二阶段,电容器要对电阻放电,电容器的电荷量完全通过电阻放完.电容器充电的最大电压为 E2= B(2L) 2,此时电容器的充电电荷量为 q2=CE2=2BL2C.整个过程通过电阻的总的电荷量为 Q=q1+q2= +2BL2C.RBL3答案: +2BL2CRBL322、 (1)E=0.80 V (2)F=0.80 N (3)略23、 (1)ab 与 cd 两边垂直切割磁感线时,E m=BS(2) = BS 23(3) BS24、解:(1)磁感应强度变化率的大小为 =0.02 T/s, B 逐渐减弱,t所以 E=n =1000.020.2 V=0.4 VtBSI= A=0.04 A,方向从上向下流过 R2.64.021R(2) R2两端的电压为 U2= 0.4 V=0.24 V6421ER所以 Q=CU2=3010-60.04 C=7.210-6 C.

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