1、汇聚名校名师，奉献精品资源，打造不一样的教育！ 1第 I 卷（选择题：共 60 分）一、选择题（包括 12 小题，1-6 题只有一个 正确答案，7-12 题至 少有两个正确答案，每小题 5 分，共 60分）1一个物体在多个力的作用下处于静止状态。如果仅使其中的一个力大小逐渐减小到零，然后又从零逐渐恢复到原来的大小（此力的方向始终未变） ，在这过程中其余各力均不变那么，下列各图中能正确描述该过程中物体速度变化情况的是（ ）【答案】D【解析】试题分析：因物体开始时所受的合力为零，则若使其中的一个力大小逐渐减小到零，然后又从零逐渐恢复到原来的 大小（此力的方向始终未变）时，物体所受的合力先增大后减小
2、到零，根据牛顿定律可知，物体的加速度先增加后减小，因 v-t 图线的斜率等于物体的加速度，故可知选项 D 正确.来源:Zxxk.Com考点：牛顿第二定律；v-t 图线.【名师点睛】此题考查了牛顿第二定律的应用以及 v-t 图线问题；关键是分析当一个分力变化时物体所受的合力的变化情况，然后分析物体的加速度变化，再根据 v-t 线的斜率来判断图线的正误；此题难度不大，意在考查学生对基础知识的掌握.2. 杂技表演 “飞车走壁”的演员骑着摩托车，飞驶在光滑的圆锥形筒壁上，筒的轴线垂直于水平面，圆锥筒固定不动，演员和摩托车的总质量为 m，先后在 A、B 两处紧贴着内壁分别在图虚线所示的水平面内做匀速圆周
3、运动 ，下列说法不正确的是 （ ）A. A 处的线速度大于 B 处的线速度 B. A 处的角速度小于 B 处的角速度汇聚名校名师，奉献精品资源，打造不一样的教育！ 2C. A 处对筒的压力大于 B 处对筒的压力 D. A 处的向心力等于 B 处的向心力【答案】C来源:Zxxk.Com【解析】试题分析：对物体受力分析可知，物体的重力不变，支持力方向相同，根据力的合成，知在 A、B 两处两支持力大小、合力大小相等，向心力大小相等根据 得， ， ，知22vFmr合 Frvm合 r合半径越大，线速度越大，角速度越小所以 A 处的线速度大于 B 处的线速度，A 处的角速度小于 B 处的角速度故 ABD
4、正确，C 错误故选 C.考点：牛顿第二定律；向心力.【名师点睛】此题是牛顿第二定律在圆周运动中的应用问题；解题的关键是对物体受力分析，画出合力，然后可找到支持力及向心力，结合牛顿第二定律求解线速度、角速度及及加速度的表达式；此题是基础题，来自课本习题的演化.3星球上的物体脱离星球引力所需要的最小速度称为第 二宇宙速度。星球的第二宇宙速度 v2 与第一宇宙速度 v1 的关系是 v2= 。已知某星球的半径为 r，它表面的重力加速度为地 球 表 面 重 力 加 速 度 g 的 1/6。1不 计 其 它 星 球 的 影 响 。 则 该 星 球 的 第 二 宇 宙 速 度 为 （ ）A B C D gr
5、gr6gr31gr31【答案】C【解析】试题分析：在星球表面满足 ；对围绕星球表面做圆周运动的卫星来说，根据万有引216MmGgr力定律可知： ，解得 ，则该 星 球 的 第 二 宇 宙 速 度 为 v2= = ，选项 C 正12vr1r 1gr3确.来源:学科网考点：万有引力定律的应用.【名师点睛】此题考查了万有引力定律的应用问题；解题的关键是知道物体在星球表面所受的万有引力等于物体 的重力，绕星球表面做圆周运动的向心力等于星球对卫星的万有引力，两个方程联立可求解第一宇宙速度；此题难度中等.4一斜面固定在水平地面上，现将一小球从斜面上 P 点以某一初速度水平抛出，它在空中的飞行的水平位移是
6、X1，若将初速度大小变为原来的 2 倍，空中的飞行的水平位移是 X2，不计空气阻力，假设小球落汇聚名校名师，奉献精品资源，打造不一样的教育！ 3下后不反弹，则 x1 和 x2 的大小关系一定不正确的是( ) AX 2=2X1 BX 2=3X1 CX 2=4X1 DX 2=5X1【答案】D【解析】试题分析：设斜面的倾角是 ，则水平方向 x=v0t；竖直方向： ，其中 ，联立解得：21ygttanyx，即如果物体两次都落到斜面上，则当初速度加倍时，水平射程将变为 4 倍，即 X2=4X1；20tanvxg若物体两次都落到平面上，则由 可知，两次的时间相同，初速度加倍时，水平射程加倍，即21ygtX
7、2=2X1；若第一次物体落到斜面上，而第二次速度加倍时落到水平面上，则水平射程介于上述两种情况之间，即 X2=3X1 有可能；而不可能满足 X2=5X1， 故选 D. 考点：品跑运动的规律.【名师点睛】此题考查了平抛物体的运动规律；要知道物体在水平方向做匀速运动，竖直方向做自由落体运动， 结合斜面的水平距离和竖直距离的关系可讨论在斜面上的平抛情况；解题时要对物体可能的落点进行全面的讨论才能正确判断结论.5. 长度为 L=0.50m 的轻质细杆 OA，A 端有一质量为 m=3kg 的小球，如图所示，小球以 O 点为圆心在竖直平面内做圆周运动，通过最高点时小球的速率是 2.0m/s,g 取 10m
8、/s ,则此细杆 OA 受到 （ ） 2A.24N 的拉力 B.24N 的压力 C.6.0N 的拉力 D.6.0N 的压力 【答案】D【解析】试题分析：假设到达最高点时，小球受到杆的拉力，则由牛顿第二定律可知： ,解得 F=-2vFmgL6N，负号说明杆对小球提供支持力，根据牛顿第三定律可知，细杆受到小球的压力，大小为 6N，故选项汇聚名校名师，奉献精品资源，打造不一样的教育！ 4D 正确.考点：牛顿第二定律的应用.【名师点睛】此题考查了牛顿第二定律的应用问题；解题时可以通过假设法，然后通过得出的结果判断假设的正误；还可以求得球在最高点对杆无 作用力时球的速度，然后根据所给的速度值判断细杆的受
9、力情况；此题是基础题.6在光滑的水平面上，用一水平拉力 F 使物体从静止开始移动 x，平均功率为 P，如果将水平拉力增加为4F，使 同一物体从静止开始移动 x，平均功率为( )A2P B4P C6P D8P 【答案】D【解析】试题分析：当用一水平拉力 F 使物体从静止开始移动 x 时，由动能定理 ，所需时间为21Fxmv；平均功率 ，则平拉力增加为 4F，使 同一物体22xxmtv2FPtm从静止开始移动 x，平均功率为 8P，故选 D.考点：动能定理；功率.【名师点睛】此题考查了动能定理应用及功率的公式；解题时首先要根据题目所给的物理情景，建立平均功率与力 F 的函数关系，然后进行讨论；注意
10、平均功率的求解公式 ，此题还可以用平均速度与力WPtF 的乘积求解平均功率.7一条河宽度为 d，河水流速为 ，小船在静水中的速度为 。要使小船在渡河过程中所行路程 s 最短，1v2v则（ ）A当 时，s = d B当 时，1v2 1v2dvs21C当 时， D当 时，12v21121【答案】AC【解析】试题分析：当 v1v 2 时，小船可以垂直于河岸过河，此时小船的最短位移是：s=d ；选项 A 正确；当静水速小于水流速，即 v1v 2 时，合速度方向不可能垂直于河岸，即不可能垂直渡河，当合速度的方向与小船汇聚名校名师，奉献精品资源，打造不一样的教育！ 5在静水中的速度方向垂直时，渡河位移最短
11、；设此时合速度的方向与河岸的夹角为 ， ，21vsin则渡河的最小位移 ，故 C 正确，BD 错误故选 AC.12vdsin考点：速度的合成和分解.【名师点睛】此题考查了运动的合成和分解问题；解决本题的关键知道合运动与分运动具有等时性，若静水速大于水流速，合速度方向与河岸垂直时，渡河位移最短；若静水速小于水流速，则合速度方向与小船在静水中的速度方向垂直时，渡河位移最短.8 “神舟八号”与“ 天宫一号”对接前各自绕地球运动，设“天宫一号”在半径为 r1 的圆轨道上运动，周期为T1， “神舟八号”在半径为 r2 的圆轨道上运动，r 1r 2，则A “天宫一号”的运行速度大于 7.9 km/s B
12、“神舟八号”的周期3221rTC地球表面的重力加速度 D地球的质量214rgT3124MG【答案】BD考点：万有引力定律; 开普勒行星运动第三定律 .【名师点睛】此题考查了万有引力定律以及开普勒行星运动定律的应用问题；要知道第一宇宙速度是所有卫星的最大的环绕速度，任何卫星的速度都小于第一宇宙速度；根据地面的重力加速度和地球的半径可求解地球的质量；根据卫星和周期和运转半径可求解地球的质量.9一物体在外力的作用下从静止开始做直线运动，合外力方向不变，大小随时间的变化如图。设该物体在 和 时刻相对于出发点的位移分别是 和 ，速度分别是 和 ，合外力从开始至 时刻做的功是0t21x21v20t汇聚名校
13、名师，奉献精品资源，打造不一样的教育！ 6，从 至 时刻做的功是 ，则： ( )1W0t22WA B1219 5xv215x213vC D 3W 8W【答案】BD考点：牛顿第二定律、功以及运动公式的应用.【名师点睛】此题是牛顿第二定律、功以及运动公式的应用问题，解题的关键是灵活运用公式列得方程；本题在计算时要注意，位移 x1和 x2都是相对于出发点的位移，并不是各自时间内经过的位移；此题意在考查学生利用物理规律灵活解决问题的能力.10如图所示，两个内壁光滑、半径不同的半圆轨道固定于地面，一个小球先后在与球心在 同一水平高度的 A、B 两点由静止开始下滑，通过轨道最 低点时AA 球对轨道的压力等
14、于 B 球对轨道的压力BA 球的角速度大于 B 球的角速度CA 球的线速度等于 B 球的线速度DA 球的向心加速度大于 B 球的向心加速度【答案】AB汇聚名校名师，奉献精品资源，打造不一样的教育！ 7【解析】试题分析：对于任意一球：根据动能定理得：mgR= mv2，得 v2=2gR在轨道最低点，由牛顿第二定律1得，N-mg=m ，解得 N=3mg，N 与半径无关，则知 A、B 两球对轨道的压力大小相等故 A 正确小2vR球到达底端的速度 ，A 球的线速度小于 B 球的线速度，选项 C 错误；角速度为 ，g 2 vgR则知 A 球的角速度大于 B 球的角速度故 B 正确根据 ，得 a=2g知 A
15、、B 两球的向心加速度相2vaR等故 D 错误故选 AB.考点：动能定理及牛顿第二定律的应用；线速度及角速度.【名师点睛】本题综合考查了动能定理和牛顿第二定律，关键掌握向心力的来源，以及知道角速度、向心加速度与线速度的关系；此题是基础题，意在考查学生对基本概念的分析计算能力。11. 如图所示光滑管形圆轨道半径为 R（管径远小于 R） ，小球 a b 大小相同，质量相同，均为 m，其直径略小于管径，能在管中无摩擦运动.两球先后以相同速度 v 通过 轨道最低点，且当小球 a 在 最低点时，小球b 在最高点，以下说法正确的是 （ ）A当 v= 时，小球 b 在轨道最高点对轨道无压力gR5B当小球 b
16、 在最高点对轨道无压力时，小球 a 比小球 b 所需向心力大 5mgC速度 v 至少为 ，才能使两球在管内做圆周运动D只要 v ,小球 a 对轨道最低点压力比小球 b 对轨道最高点压力都大 6mggR5【答案】AD【解析】试题分析：当小球 b 在轨道最高点对轨道无压力，根据牛顿第二定律得， ，解2vmgR汇聚名校名师，奉献精品资源，打造不一样的教育！ 8得 根据动能定理得 mg2R mv 2 mv2，解得 v 故 A 正确小球 b 通过最高点vgR1gR5无压力时，速度 ，设小球 a 在最低点的速度为 v，根据动能定理知，m g2R mv2 mv2，v 1解得 v g5所以小球 a 在最低点的
17、向心力为 Fn 5mg，b 球在最高点的向心力 Fn mg，小球 a 比小2vR 2vR球 b 所需的向心力大 4mg故 B 错误小球通过最高点的最小速度为零，根据动能定理得，mg2R mv20，解得最小速度 v= 故 C 错误v 时，最高点的速度大于等于 ，则14gR5小球在最高点受到向下的弹力，设小球在最高点的速度为 v1，最低点的速度为 v2，根据牛顿第二定律得，最高点 F1+mg ，最低点 F2mg ，则压力差 F F2F1 2mg+m( )，又21v2vR21Rmg2R mv22 mv12，解得 F=6mg 即只要 v ,小球 a 对轨道最低点压力比小球 b 对轨道最高g5点压力都大
18、 6mg，故 D 正确故选 AD考点：动能定理；牛顿第二定律；圆周运动.【名师点睛】本题考查牛顿第二定律和动能定理的综合，知道圆周运动向心力的来源，以及小球通过最高点的临界情况是解决本题的关键；此题是一道综合题，意在考查学生利用物理规律综合分析问题解决问题的能力。12如图（a）所示，用一水平外力 F 拉着一个静止在倾角为 的光滑斜面上的物体，逐渐增大 F，物体做变加速运动，其加速度 a 随外力 F 变化的图像如图（b）所示，若重力加速度 g 取 10 m/s2根据图（b）中所提供的信息可以计算出（ ）A物体的质量B斜面的倾角C加速度为 6m/s2 时物体的速度D加速度由 2m/s2 增加到 6
19、m/s2 过程物体通过的位移汇聚名校名师，奉献精品资源，打造不一样的教育！ 9【答案】AB【解析】试题分析：对物体受力分析，受推力、重力、支持力，如图x 方向：Fcos-mgsin=ma y 方向：N-Fsin-Gcos=0 从图象中取两个点（20N，2m/s 2） ， （30N ，6m/s 2）代入式解得 m=2kg，=37所以物体的重力G=20N，斜面的倾角为 =37故 A 正确，B 正确题中并为说明力 F 随时间变化的情况，故无法求出加速度为 6m/s2时物体的速度大小因为物体做变加速运动，无法求出物体通过的位移故 CD 错误故选 AB。考点：物理图像；牛顿第二定律的应用.【名师点睛】本
20、题考查牛顿第二定律的应用及物理图像问题；解题的关键 对物体受力分析后，根据牛顿第二定律求出加速度与力 F 的关系式，结合图象讨论其物理意义；此题是中等题，意在考查学生从图像中获取信息的能力.第 II 卷 （非选择题 ：共 60 分）二、实验题（包括 2 小题，共 12 分）13. 如图 a 所示是“ 研究平抛物体的运动” 的实验装置图。（ 1）图 b 是正确实验后的数据，其中 O 为抛出点，则此小球做平抛运动的初速度为 _m/s。（2）在另一次实验中(在本次实验中 g 取 10m/s2)将白纸换成方格纸，方格边长 L=5 cm，通过实验，记录了小球在运动途中的三个位置，如图 c 所示，则该小球
21、做平抛运动的初速度为_m/s；B 点的竖直分速度为_m/s。汇聚名校名师，奉献精品资源，打造不一样的教育！ 10【答案】 （1）1.6；(2) 1.5 ；2 【解析】来源:Z+xx+k.Com试题分析：（1）因为 O 点是抛出点，则 h= gt2，则： 120. .1htsg则小球的初速度为： 0.32/.6/xvmst（2）由图可知，AB、BC 之间的时间间隔相等，根据 y=gT2 得： ，20.1 .yLTsg则小球的初速度为： 03.15/./LvsTB 点竖直方向上的分速度等于 AC 在竖直方向上的平均速度，为： 80.4/2/2ByLvmsT考点：研究平抛物体的运动.【名师点睛】此题
22、考查了研究平抛物体的运动试验；解决本题的关键掌握平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，即水平方向是匀速运动，竖直方向是自由落体运动；结合运动学公式和推论进行求解；此题是一个重要的实验，是高考的热点.来源:学。科。网14. 兴趣小组为测一遥控电动小车的额定功率，进行了如下实验：用天平测出电动小车的质量为 0.4kg；将电动小车、纸带和打点计时器按如图甲所示安装；接通打点计时器（其打点周期为 0.02s） ；使电动小车以额定功率加速运动，达到最大速度一段时间后关闭小车电源，待小车静止时再关闭打点计时器（设小车在整个过程中小车所受的阻力恒定） 。在上述过程中，打点计时器在纸带上所打的部分点迹如图乙所示。请你分析纸带数据，回答下 列问题：（1）该电动小车运动的最大速度为 m/s；（2）关闭小车电源后，小车的加速度是 m/s2
