1、优质文档优质文档仿真模拟卷4323二 本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分满分 120 分第卷(选择题 共 42 分)一、选择题(本题共 4 小题，每小题 6 分在每小 题给 出的四个选项中，只有一 项是符合题目要求的)14.如图 1 所示，两根相距为 L 的竖直固定杆上各套有质量为 m 的小球，小球可以在杆上无摩擦地自由滑动，两球用长为 2L 的轻绳相连，今在轻绳中点施加一个竖直向上的拉力 F，恰能使两球沿竖直杆向上匀速运动则每个小球所受的拉力大小为(重力加速度为 g)( )图 1A. Bmg C. DFmg2 3F3解析 根据题意可知：两根轻绳与竖直杆间距正好组成等边三角形，对结
2、点进行受力分析，根据平衡条件可得，F2Fcos 30，解得小球所受拉力F ，C 正确3F3答案 C152013 年夏季，贵州、云南、重庆等省市部分地区出现持续高温、少雨天气，引起不同程度旱情，导致大面积农作物受灾，造成群众饮水短缺等基本生活困难电力部门全力确保灾区的用电供应如图 2 所示，发电厂的输出电压和输电线的电阻、变压器均不变，如果发电厂增大输出功率，则下列说法正确的是( )优质文档优质文档图 2A升压变压器的输出电压增大B降压变压器的输出电压增大C输电线上损耗的功率增大D输电线上损耗的功率占总功率的比例减少解析 如果发电厂增大输出功率，输电线中电流一定增大，输电线上损耗的功率增大，输电
3、线上损耗的功率占总功率的比例增大，选项 C 正确， D 错误；升压变压器的输出电压不变，输电线上电压损失增大，降压变压器的输入电压减小，输出电压减小，选项 A、B 错误答案 C16如图 3 所示，将带正电的甲球放在不带电的乙球左侧，两球在空间形成了稳定的静电场，实线为电场线，虚线为等势线A、B 两点与两球球心连线位于同一直线上，C、D 两点关于直线 AB 对称，则( )图 3AA 点和 B 点的电势相同BC 点和 D 点的电场强度相同C正电荷从 A 点移至 B 点，电场力做正功D负电荷从 C 点移至 D 点，电势能增大解析 A 点比乙球面电势高，乙球面比 B 点电势高，故 A 点和 B 点的电
4、势不优质文档优质文档相同，A 错；C、D 两点场强大小相等，方向不同，B 错； AB，WAB0，C 对；C、D 两点位于同一等势面上，故此过程电势能不变，D 错答案 C17为研究太阳系内行星的运动，需要知道太阳的质量已知地球的半径为R，地球质量为 m，太阳与地球的中心间距为 r，地球表面的重力加速度为g，地球绕太阳公转的周期为 T，则太阳的质量为( )A. B.42r2T2R2g 42mr3T2R2gC. D.42mgr2R3T2 T2R2g42mr3解析 设太阳的质量为 M，地球绕太阳公转， G m 2r，再由mMr2 (2T)GmgR 2，得到 M ，选项 B 正确42mr3T2R2g答案
5、 B二、选择题(本题共 3 小题在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题目要求的全部选对的得 6 分， 选对但不全的得 3 分，有 选错的得 0 分)18(2013浙江绍兴一模，18)蝙蝠在洞穴中飞来飞去，它利用超声脉冲导航非常有效，这种超声脉冲的频率高于 20 000 Hz，能持续 1 ms 或不到 1 ms 的短促发射，且每秒重复发射数次已知蝙蝠在一次正朝着表面平直的墙壁飞扑捕食的过程中，发出的超声波频率为 35 000 Hz，下列说法正确的是( )图 4A蝙蝠发出的超声波属于电磁波B结合题图可知超声波频率比微波频率要高C超声波反射前后波速大小相等D蝙蝠接收到从墙壁反射回来的超声脉
6、冲频率大于墙壁接收的频率优质文档优质文档解析 超声波属于机械波，A 项错；由 f Hz310 10 Hz，知 Bc 310810 2项错；同种均匀介质中超声波的波速不变，C 项正确；因 为蝙蝠在向墙壁靠近，所以会更快地接收到返回的超声波，所以频率高， 这是多普勒效应， D 项正确答案 CD19.在水平地面上有一质量为 2 kg 的物体，物体在水平拉力 F 的作用下由静止开始运动，后撤去拉力该物体的运动的 vt 图象如图 5 所示，g 取 10 m/s2，下列说法中正确的是( )图 5A物体的最大位移是 56 mB物体受到的拉力 F 的大小为 2.4 NC物体与地面之间的动摩擦因数为 0.2D前
7、 12 s 内，拉力与阻力做功的代数和为 16 J解析 由 vt 图象知，运 动过程由两个“子过程” 构成：拉力 F 作用下的匀加速运动，撤去 F 后阻力作用下的匀减速运 动运动的最大位移是 vt 图象与 t 轴围成的三角形面积，为 x 814 12m56 m故选 A.匀加速运动时，由牛顿第二定律得 Fmg ma 1，由图象知运动的加速度为 a10.8 m/s 2.优质文档优质文档匀减速运动时，由牛顿第二定律得 mgma 2，由图象知运动的加速度为 a22.0 m/s 2.解上述各式得 0.2， F 5.6 N故不选 B，选 C.如图所示，由几何关系解得 12 s 末的速度为 v m/s4 m
8、/s，82对前 12 s 应用动能定理，得拉力与阻力做功的代数和为 W mv216 J，故12选 D.答案 ACD20.如图 6 所示，一个闭合三角形导线框 ABC 位于竖直平面内，其下方(略靠前)固定一根与导线框平面平行的水平直导线，导线中通以图示方向的恒定电流释放导线框，它由实线位置下落到虚线位置未发生转动，在此过程中( )图 6A导线框中感应电流方向依次为 ACBAABCAACBAB导线框的磁通量为零时，感应电流却不为零C导线框所受安培力的合力方向依次为向上向下向上D导线框所受安培力的合力为零，做自由落体运动解析 根据右手螺旋定则可知导线上方的磁场方向垂直于纸面向外，下方的磁场方向垂直于
9、纸面向里，而且越靠近导线磁场越强，所以闭合导线框 ABC在下降过程中，导线框内垂直于纸面向外的磁通量先增大，当增大到 BC 边与导线重合时，达到最大，再向下运动，导线框内垂直于 纸面向外的磁通量逐渐减小至零，然后随导线框的下降，导线框内垂直于纸面向里的磁通量增大，当增大到 A 点与导线重合时，达到最大，继续下降时由于导线框逐渐远离导线，优质文档优质文档使导线框内垂直于纸面向里的磁通量再逐渐减小，所以根据楞次定律可知，感应电流的磁场总是阻碍内部磁通量的变化，所以感应电流的磁场先向内，再向外，最后向内，所以导线框中感应电流方向依次为ACBAABCAACBA ，选项 A 正确；当导线框内的磁通量为零
10、时，内部的磁通量仍然在变化，有感应电动势产生，所以感 应电流不为零， 选项 B 正确；根据对楞次定律的理解，感应电流的效果总是阻碍导体间的相对运动，由于导线框一直向下运动，所以导线框所受安培力的合力方向一直向上，不为零， 选项 CD 错误答案 AB第卷(非选择题 共 78 分)三、非选择题21(10 分) 小明利用落体法验证机械能守恒定律，得到的纸带如图 7 所示，其中 O 为打下的第一点， A、B、C、D 为连续的四个点，已知所用交流电的频率为 f，以点 C 为研究点，则图 7以下关于打点 C 时重锤的速度 v 求法中合理的是_A测出从 O 到 C 的时间，利用 vgt 求B利用 v22gh
11、 和已测下落高度求C根据做匀变速直线运动时纸带上某点的瞬时速度等于这点前后相邻两点间的平均速度求D测出从 O 到 C 的时间，利用 hvt gt2 求12实验中因阻力的存在，动能的变化量应小于重力势能的改变量，但通过计算(计算方法正确合理) 小明却发现动能的变化量总大于重力势能的改变量，这是由于他在实验中出现的_错误操作造成的优质文档优质文档图 8经老师指点后，小明重做了实验，得出自由下落物体在误差范围内满足机械能守恒定律，并作出 h 图象如图 8，则当地的实际重力加速度为v22_解析 当用落体法 验证 机械能守恒定律时不能认为 下落过程中没有阻力存在，A 、B、D 错，计算某点的瞬时速度时应
12、根据做匀变速直线运动时纸带上某点的瞬时速度等于这点前后相邻两点间的平均速度，C 对 先松开纸带再接通电源时会造成各点对应的瞬时速度均偏大，使动能的变化量大于重力势能的改变量因满足机械能守恒，所以有 mv2mgh ，所以 h 图线的12 v22斜率即为当地的重力加速度值，由图知当地的实际重力加速度为 9.70 m/s2.答案 C 先松开纸带再接通电源 9.70 m/s 222(10 分) 某同学要测量一导体的电阻 Rx.(1)他先用多用电表粗测其电阻用已经调零且选择开关指向电阻挡“100”挡位的多用电表测量，其表盘及指针所指位置如图 9 甲所示，要能比较准确地测量该电阻的阻值，应将多用电表的选择
13、开关旋转到电阻挡的_挡位，调到正确挡位后重新调零，再次测量此电阻，其表盘及指针所指位置如图乙所示，则该电阻约为_.优质文档优质文档图 9(2)该同学想用“伏安法”更精确地测量该导体的电阻 Rx，现有的器材及其代号和规格如下：A待测电阻 RxB电流表 A1(量程 050 mA，内阻约为 50 )C电流表 A2(量程 05 mA，内阻约为 30 )D电压表 V1(量程 03 V，内阻约为 10 k)E电压表 V2(量程 015 V，内阻约为 50 k)F直流电源 E(电动势 6 V，内阻不计)G滑动变阻器 R1(阻值范围为 020 ，允许通过的最大电流为 2.0 A)H定值电阻 R250 I开关
14、S 一个，导线若干则为了使实验误差较小，要求电表的指针的偏转幅度达到半偏以上，并要求测得多组数据进行分析，则电流表应选择_，电压表应选择_(选填器材前的字母代号)将你设计的实验电路画在虚线框内优质文档优质文档使用设计的电路图进行测量，若电压表的读数为 U，电流表的读数为 I，那么，待测电阻的阻值 Rx_(用已知物理量和测量的物理量的字母符号表示)答案 (1)10 220 (2)B D 如图所示UI UR223(16 分) 如图 10 所示，在高 h130 m 的光滑水平平台上，质量 m1 kg 的小物块压缩弹簧后被锁扣 K 锁住，储存了一定量的弹性势能 Ep.若打开锁扣K，小物块将以一定的速度
15、 v1 水平向右滑下平台做平抛运动，并恰好能从光滑圆弧形轨道 BC 上 B 点沿切线方向进入圆弧形轨道B 点的高度 h215 m，圆弧轨道的圆心 O 与平台等高，轨道最低点 C 的切线水平，并与地面上动摩擦因数为 0.7 的足够长水平粗糙轨道 CD 平滑连接，小物块沿轨道 BCD 运动最终在 E 点(图中未画出)静止，g 10 m/s2.求：图 10(1)小物块滑下平台的速度 v1；(2)小物块原来压缩弹簧时储存的弹性势能 Ep 的大小和 C、E 两点间的距优质文档优质文档离解析 (1)由于 h130 m，h215 m，设物块从 A 运动到 B 的时间为 t，则h1h 2 gt212解得 t
16、s3由 RcosBOCh 1h 2，Rh 1，所以 BOC60设小物块平抛的水平速度是 v1，则 tan 60gtv1解得 v110 m/s(2)由能量守恒可得弹簧压缩时的弹性势能为 Epmv 50 J12 21设 C、E 两点间距离为 L，根据动能定理可得mgh1 mv mgL12 21解得 L50 m答案 (1)10 m/s (2)50 J 50 m24(20 分) “电子能量分析器”主要由处于真空中的电子偏转器和探测板组成偏转器是由两个相互绝缘、半径分别为 RA和 RB的同心金属半球面 A和 B 构成，A、B 为电势值不等的等势面，其过球心的截面如图 11 所示一束电荷量为 e、质量为 m 的电子以不同的动能从偏转器左端 M 板正中间小孔垂直入射，进入偏转电场区域，最后到达偏转器右端的探测板 N，其中动能为 Ek0 的电子沿等势面 C 做匀速圆周运动到达 N 板的正中间忽略电场的边缘效应图 11(1)判断半球面 A、B 的电势高低，并说明理由；
