1、181文件 sxjsck0012 .doc 科目 数学关键词 初三/三角/函数标题 三角函数内容三角函数几何中的两个基本量是：线段的长度和角的大小.三角函数的本质就是用线段长度之比来表示角的大小，从而将两个基本量联系在一起，使我们可以借助三角变换或三角计算来解决一些较难的几何问题.三角函数不仅是一门有趣的学问，而且是解决几何问题的有力工具.1 角函数的计算和证明问题在解三角函数问题之前，除了熟知初三教材中的有关知识外，还应该掌握：（1）三角函数的单调性 当 a 为锐角时，sina 与 tga 的值随 a 的值增大而增大；cosa 与 ctga随 a 的值增大而减小；当 a 为钝角时，利用诱导公
2、式转化为锐角三角函数讨论.注意到 sin45=cos45= ,由(1)可知,当时 0a45时,cosasina;当 45a90时,2cosasina.(2)三角函数的有界性|sina| 1,|cosa|1,tga、ctga 可取任意实数值（这一点可直接利用三角函数定义导出）.例 1（1986 年全国初中数学竞赛备用题）在ABC 中，如果等式 sinA+cosA= 成立，那127么角 A 是（ ）（A）锐角 （B）钝角 （C）直角分析 对 A 分类，结合 sinA 和 cosA 的单调性用枚举法讨论.解当 A=90时，sinA 和 cosA=1；当 45A90时 sinA ，cosA0，2sin
3、A+cosA ;当 A=45时，sinA+cosA= ;2当 0A45时，sinA0,cosA ,sinA+cosA .2 1, 都大于 .,17淘汰（A） 、 （C） ，选（B） .例 2（1982 年上海初中数学竞赛题）ctg6730的值是（ ）182（A） -1 （B）2- （C ） -122（D） （E）15分析 构造一个有一锐角恰为 6730的 Rt，再用余切定义求之 .解 如图 36-1，作等腰 RtABC，设B=90，AB=BC=1.延长 BA 到 D 使 AD=AC，连DC，则 AD=AC= ，D=22.5,DCB=67.5.这时，2ctg6730=ctg DCB= .12DB
4、C选(A).例 3(1990 年南昌市初中数学竞赛题 )如图,在ABC 中, A 所对的 BC 边的边长等于 a,旁切圆O 的半径为 R,且分别切 BC 及 AB、AC 的延长线于 D，E，F.求证:Ra .2cosin1A证明 作 ABC 的内切圆 O,分别切三边于 G,H,K.由对称性知 GE=KF(如图 36-2).设GB=a，BE=x，KC=y,CF=b. 则x+a=y+b, 且 BH=a,BD=x,HC=y,DC=b.于是,x-a=y-b. +得,x=y.从而知 a=b.GE=BC=a.设O半径为 r.显然 R+rOO (当 AB=AC)时取等号.作 OMEO 于 M,则 OM=GE
5、=a, OOM= 2AR+r .2,2cosAatgrR两式相加即得 R .2cosin1183例 4（1985 年武汉等四市初中联赛题）凸 4n+2 边形 A1A2A3A4n+2（n 为自然数）各内角都是 30的整数倍，已知关于 x 的方程：x2+2xsinA1+sinA2=0 x2+2xsinA2+sinA3=0 x2+2xsinA3+sinA1=0 都有实根，求这凸 4n+2 边形各内角的度数.解各内角只能是 、 、 、 ，061205正弦值只能取 .,2当 sinA1= 时， sinA 2 sinA3,2方程的判别式 1=4（sin 2A1-sinA2）4 40.01方程无实根，与已知
6、矛盾，故 sinA1 .2当 sinA1= 时， sinA2 ，sinA 3 ，3方程的判别式 1=4（sin 2A1-sinA2）= 0.4方程无实根，与已知矛盾，故 sinA1= .23综上所述，可知 sinA1=1，A 1= .90同理，A 2=A3= .90184这样其余 4n-1 个内角之和为 这些角均不大于,270903184nn .150又 n 为自然数，n=1,凸 n 边形为 6 边形,且 .,50)(270nA4+A5+A6=4 .159318654A2.解三角形和三角法定理 .sin2si1sin2BcabCaSBC的 面 积推论设 a、b、c、S 与 a、b、c、S.若的
7、 三 边 和 面 积 分 别 为与 A.),(baS则或 我们在正、余弦定理之前介绍上述定理和推论是为了在解三角形和用三角函数解几何题时有更大的自由.（1） 解三角形例 5（第 37 届美国中学生数学竞赛题）在图 36-3 中，AB 是圆的直径，CD 是平行于 AB的弦，且 AC 和 BD 相交于 E，AED=,CDE 和ABE 的面积之比是( ).(A)cos (B)sin(C)cos 2(D)sin 2(E)1-sin解 如图，因为 ABDC,AD=CB,且CDEABE,BE=AE,因此连结 AD，因为 AB 是直径，所以ADB= 在直角三角形.ADBSAECD .90ADE 中， DE=
8、AEcos. 应选(C).cos2ABECD例 6 (1982 年上海初中数学竞赛题 )如图 36-4,已知 Rt斜边 AB=c, A=,求内接正方形的边长.185解 过 C 作 AB 的垂线 CH，分别与 GF、AB 交于 P、H ，则由题意可得sincosinCAH又ABCGFC， ，即ABHGFP.1sincosinco .:. ABCGFABCBGF 从 而利 用 合 比 定 理 可 得（2） 三角法.利用三角知识（包括下一讲介绍的正、余弦定理）解几何问题的方法叫三角法.其特点是将几何图形中的线段，面积等用某些角的三角函数表示，通过三角变换来达到计算和证明的目的，思路简单，从而减少几何
9、计算和证明中技巧性很强的作辅助线的困难.例 7（1986 年全国初中数学竞赛征集题）如图 36-5，在ABC 中，BE、CF 是高，A=，则AFE 和四边形 FBCE 的面积之比是（ ）45（A） 12（B）23（C）11（D ）34解 由 BE、CF 是高知 F、B 、C、E 四点共圆，得 AFAB=AEAC.在 RtABE 中，ABE= ，.2 ABEASABCF 45S AFE S FBCE=11.应选(C).21.245sinABCFESE186例 8 (1981 年上海中学生数学竞赛题)在ABC 中C 为钝角,AB 边上的高为 h,求证:AB2h.证明 如图 36-6,AB=AD+B
10、D=h(ctgA+ctgB) C 是钝角,A+ B ,ctgB ctg( -A)=tgA.9090由、和代数基本不等式，得 .22)( hctgAhtcgAh例 9 （第 18 届国际数学竞赛题）已知面积为 32cm2 的平面凸四边形中一组对边与一条对角线之长的和为 16cm.试确定另一条对角线的所有可能的长度.解 如图 36-7，设四边形 ABCD 面积 S 为 32cm2， 并设 AD=y,AC=x,BC=z.则x+y+z=16(cm)由 )16(2)(11,sin,1i,sn21si xzyxzxyxzyS 有但 S=32，sin=1,sin =1,且 x-8=0.故 = = 且 x=8,y+z=8.3)8(6421 ,这时易知另一条对角线 BD 的长为 此处无图).(282cm187例 10 (1964 年福建中学数学竞赛题 )设 a、b、c 是直角三角形的三边，c 为斜边，整数n3,求证:a n+bnc n.分析 如图 34-8,注意到 RtABC 的边角关系:a=csin0,b=ccos 0,可将不等式转化为三角不等式 sinn+cos n1 来讨论.证明 设直角三角形一锐角BAC=(如图),则 .1,1cossincosin.cos .sini,3,1,i.,i 222 2 nnn cbacbaba 故即于 是 时当
