1、2013届四川省资阳市高三第一次高考模拟考试理综试题物理试卷（带解析）考试范围：xxx；考试时间：100分钟；命题人：xxx第I卷（选择题）请点击修改第I卷的文字说明评卷人得分一、选择题（题型注释）1下列说法错误的是A爱因斯坦针对经典力学的绝对时空观在处理物体做高速运动时所遇到的困难创立了狭义相对论B牛顿的经典力学仍适用高速（速度接近光速）、微观的粒子的运动C广义相对论是数学与物理学相结合的典范D相对论已经成为现代科学技术的重要理论基础之一【答案】 B【解析】试题分析：牛顿的经典力学的应用受到物体运动速率的限制，当物体运动的速率接近于真空中的光速时，经典力学的许多观念将发生重大变化，但当物体运
2、动速率远小于光速时，经典力学仍然适用；牛顿运动定律不适用于微观领域中物质结构和能量不连续现象，对于宏观物体的运动，经典力学仍然适用， 故B错误。所以本题选择B。考点：经典力学 相对论 2如图是某质点运动的速度图像，由图像得到的正确结果是A01 s内的平均速度是2 m/sB01 s内的加速度等于24 s内的加速度C01 s内的平均速度等于24 s内的平均速度D01 s内的运动方向与24 s内的运动方向相反【答案】 C【解析】试题分析：由得01 s内的平均速度是1 m/s，A错误；24 s内的平均速度也是1 m/s，C正确；（或由，也可求得A错，C对）；v-t图象的加速度可以看直线的斜率，01 s
3、内的加速度应大于于24 s内的加速度，（或由公式也可解得）B错，04s内的速度都大于零，方向都相同，D错，所以本题选择C。考点：v-t图象 3一电子在电场中由a点运动到b点的轨迹如图中实线所示图中一组平行虚线是等势面，则下列说法正确的是Aa点的电势比b点低B电子在a点的加速度方向向右C电子从a点到b点动能增加D电子从a点到b点电势能增加【答案】 D【解析】试题分析：电场线方向与等势面垂直，电子带负电，由图可判断电场线方向是竖直向上，沿电场线方向电势越来越低，a点的电势比b点高，A错；电子在a点受到的电场力向下，故加速度方向向下，B错；电子从a点到b点，电场力做负功，动能减少，电势能增加，C错，
4、D对。所以本题选择D。考点：带电粒子在电场中的运动 电势 加速度 电场力做功与电势能 4若已知月球绕地球运动可近似看做匀速圆周运动，并且已知月球绕地球运动的轨道半径r，它绕地球运动的周期T，万有引力常量是G，由此可以知道A月球的质量 B地球的质量C月球的平均密度 D地球的平均密度【答案】 B【解析】试题分析：月球绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，有，月球的质量消去了，A错；地球的质量，B对；月球的质量求不出，半径也不知，不能求月球密度，C错；由于不知道地球半径，故算不出地球的平均密度，D错；所以本题选择B。考点：万有引力定律 5如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为101，b是原线圈的
5、中心抽头，图中电表均为理想的交流电表，定值电阻R10 ，其余电阻均不计，从某时刻开始在原线圈c、d两端加上如图乙所示的交变电压，则下列说法正确的是A当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为31 VB当单刀双掷开关与a连接且t0.01 s时，电流表示数为零C当单刀双掷开关由a拨向b时，原线圈的输入功率变大D当单刀双掷开关由a拨向b时，副线圈输出电压的频率变为25 Hz.【答案】 C【解析】试题分析：由图知，原线圈的输入电压是220V，接a时，由可得副线圈的电压为22V，电压表的示数为22 V，A错；电流表测得的是电流的有效值，故不为零，B错；当单刀双掷开关由a拨向b时，U2为44V，副线圈电压增
6、大，电流也增大，副线圈的功率增大，故原线圈的输入功率变大，C正确；因原线圈的频率不变，副线圈的频率也不变，D错。所以本题选择C。考点：变压器 6如图甲所示，足够长的固定光滑细杆与地面成一定倾角，在杆上套有一个光滑小环，沿杆方向给环施加一个拉力F，使环由静止开始运动，已知拉力F及小环速度v随时间t变化的规律如图乙所示，重力加速度g取10 m/s2。则以下判断正确的是A小环的质量是1 kgB细杆与地面间的倾角是30C前3 s内拉力F的最大功率是2.5 WD前3 s内小环机械能的增加量是6.25 J【答案】AC【解析】试题分析：由图可知，01s的加速度为0.5m/s2，重力沿斜面向下的分力为mgsi
7、n=4.5N，由牛顿第二定律有：F-mgsin=ma ，解得m=1 kg，不等于30，A对，B错；由P=Fv，可知前3s内拉力的最大功率为1s末时为50.5=2.5W，C对；拉力对物体做的功等于物体机械能的增加量，W=50.25+4.51=5.75J，D错，所以本题选择AC。考点：牛顿第二定律 图象 功 功率 7如图所示，在倾角为的光滑斜面上，存在着两个匀强磁场，磁场垂直斜面向上、磁感应强度大小为B，磁场垂直斜面向下、磁感应强度大小为2B，磁场的宽度MJ和JG均为L，一个质量为m、电阻为R、边长也为L的正方形导线框，由静止开始沿斜面下滑，当ab边刚越过GH进入磁场区时，线框恰好以速度v1做匀速
8、直线运动；当ab边下滑到JP与MN的中间位置时，线框又恰好以速度v2做匀速直线运动，从ab进入磁场至ab运动到JP与MN中间位置的过程中，线框的机械能减少量为E，重力对线框做功的绝对值为W1，安培力对线框做功的绝对值为W2，下列说法中正确的是A B C D【答案】 BD【解析】试题分析：线框两次都做匀速直运动，说明受力平衡，由平衡条件得沿斜面方向：F=mgsin，F=BIL，I=，E=BLV，解得F=，解得，A错，B对；线框的机械能减少是由于安培力对它做负功，有，C错，D对，所以本题选择BD。考点：共点力平衡 安培力 电磁感应，能量守恒定律第II卷（非选择题）请点击修改第II卷的文字说明评卷人
9、得分二、填空题（题型注释）评卷人得分三、实验题（题型注释）8（6分）利用如右图所示的装置进行“验证机械能守恒定律”实验，除了所需的打点计时器（带导线）、纸带、复写纸、铁架台、纸带夹和重物，此外还需要下列器材中的_（填字母代号）A直流电源B交流电源C游标卡尺D毫米刻度尺E天平及砝码F秒表【答案】 BD【解析】试题分析：打点计时器使用的是交流电源，故选B；本实验需要用毫米刻度尺测量打出纸带的点与点之间的距离，故选择D，实验中不需要游标卡尺，天平及砝码，秒表，所以本题选择BD。考点：实验“验证机械能守恒定律”9（11分）某实验小组利用提供的器材测量某种电阻丝（电阻约为20）材料的电阻率。他们首先把电
10、阻丝拉直后将其两端固定在刻度尺两端的接线柱a和b上，在电阻丝上夹上一个与接线柱c相连的小金属夹，沿电阻丝移动金属夹，可改变其与电阻丝接触点P的位置，从而改变接入电路中电阻丝的长度。可供选择的器材还有：电池组E（电动势为3.0V，内阻约1）； 电流表A1（量程0100mA，内阻约5W）；电流表A2（量程00.6A，内阻约0.2）； 电阻箱R（0999.9W）； 开关、导线若干。 他们的实验操作步骤如下：A用螺旋测微器在三个不同的位置分别测量电阻丝的直径d；B根据提供的器材，设计并连接好如图甲所示的电路；C调节电阻箱使其接入电路中的电阻值较大，闭合开关S；D将金属夹夹在电阻丝上某位置，调整电阻箱接
11、入电路中的电阻值，使电流表满偏，记录电阻箱的示值R和接入电路的电阻丝长度L；E改变金属夹与电阻丝接触点的位置，调整电阻箱接入电路中的阻值，使电流表再次满偏。重复多次，记录每一次电阻箱的电阻值R和接入电路的电阻丝长度L。F断开开关，拆除电路并整理好器材。（1）小明某次用螺旋测微器测量电阻丝直径时其示数如图乙所示，则这次直径的测量值d=_mm；（2）实验中电流表应选择_（选填“A1”或“A2”）；（3）小明用记录的多组电阻箱的电阻值R和对应的接入电路中电阻丝长度L的数据，绘出了如图丙所示的R-L关系图线，图线在R轴的截距为R0，在L轴的截距为L0，再结合测出的电阻丝直径d，可求出这种电阻丝材料的电
12、阻率r=_（用给定的物理量符号和已知常数表示）。【答案】（1）0.7240.728（4分）；（2）A1（3分）；（3）（4分）。【解析】试题分析：（1）由图示螺旋测微器可知，固定刻度是0.5mm，可动刻度是22.60.01mm=0.226mm，金属丝直径d=0.5mm+0.226mm=0.726mm，（2）电路最大电流约为I=，不到0.6A的，如果使用A2误差较大，所以选择A1，（3）由实验步骤可知，外电路电阻不变，由串联电路特点知：外电路总电阻R总=R+R电阻丝=，由图象可知，当电阻丝接入电路的长度为零时，电路总电阻R总=R0，则有，图象斜率，则。考点：实验“测金属丝的电阻率” 评卷人得分四
13、、计算题（题型注释）10（15分）如图所示，粗糙平台高出水平地面h=1.25m，质量为m=1kg的物体（视作质点）静止在与平台右端B点相距L=2.5m的A点，物体与平台之间的动摩擦因数为=0.4。现对物体施加水平向右的推力F=12N，作用一段时间t0后撤去，物体向右继续滑行并冲出平台，最后落在与B点水平距离为x=1m的地面上的C点，忽略空气的阻力，取g=10m/s2。求：（1）物体通过B点时的速度；（2）推力的作用时间t0。【答案】 2m/s 0.5s【解析】试题分析： （1）从B到C，物体做平抛运动，所以有： 联解得： （2）从A到B过程中，设物体在力作用下的位移为x，由牛顿运动定律和动能定
14、理得： 联解得： 考点：平抛运动 牛顿运动定律 动能定理11（17分）如图所示，真空中的矩形abcd区域内存在竖直向下的匀强电场，半径为R的圆形区域内同时存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，圆形边界分别相切于ad、bc边的中点e、f。一带电粒子以初速度v0沿着ef方向射入该区域后能做直线运动；当撤去磁场并保留电场，粒子以相同的初速度沿着ef方向射入恰能从c点飞离该区域。已知，忽略粒子的重力。求：（1）带电粒子的电荷量q与质量m的比值；（2）若撤去电场保留磁场，粒子离开矩形区域时的位置。【答案】 见试题分析【解析】试题分析：（1）设匀强电场强度为E，当电场和磁场同时存在时，粒子沿ef方
15、向做直线运动，有： 当撤去磁场，保留电场时，粒子恰能从c点飞出，有： 联解得： （2）若撤去电场保留磁场，粒子将在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，轨迹如图所示。 设粒子离开矩形区域时的位置g离b的距离为x，则由牛顿第二定律： 由图中几何关系得： 联解得： 考点：带电粒子在复合场（电场磁场）中的运动 牛顿第二定律 平抛运动12（19分）如图所示，平面直角坐标系的y轴竖直向上，x轴上的P点与Q点关于坐标原点O对称，距离为2a。有一簇质量为m、带电量为+q的带电微粒，在xoy平面内，从P点以相同的速率斜向右上方的各个方向射出（即与x轴正方向的夹角，090），经过某一个垂直于xoy平面向外、磁感应强度大
16、小为B的有界匀强磁场区域后，最终会聚到Q点，这些微粒的运动轨迹关于y轴对称。为使微粒的速率保持不变，需要在微粒的运动空间再施加一个匀强电场。重力加速度为g。求：（1）匀强电场场强E的大小和方向；（2）若一个与x轴正方向成30角射出的微粒在磁场中运动的轨道半径也为a，求微粒从P点运动到Q点的时间t；（3）若微粒从P点射出时的速率为v，试推导微粒在x0的区域中飞出磁场的位置坐标x与y之间的关系式。【答案】（1），方向竖直向上 （2） （3）【解析】试题分析：所示，设微粒飞出磁场位置为C，在磁场中运动的轨道半径为r，根据牛顿定律和几何关系可得：（1）由题意知，要保证微粒的速率不变，则微粒所受电场力与重力平衡： 解得：， 方向竖直向上。 （2）设A、C分别为微粒在磁场中运动的射入点和射出点，根据题意画出微粒的运动轨迹如图所示。 根据几何关系可得： 设微粒运动的速率为v，由牛顿定律： 微粒从P点运动到Q运动的路程为s，则： 联解得： （3）根据题意作出粒子在x0区域内的运动示意如图 联解得： 考点： 带电粒子在复合场中的运动 共点力平衡 牛顿第二定律 评卷人得分五、作图题（题型注释）评卷人得分六、简答题（题型注释）试卷第11页，总11页
