1、第 1 页，总 14 页 绝密启用前 高一期末复习题 （四） 物理试卷 考试范围： xxx；考试时间： 100 分钟；命题人： xxx 题号 一 二 三 总分 得分 注意事项： 1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 rn2请将答案正确填写在答题卡上 第 I 卷（选择题） 请点击修改第 I 卷的文字说明 评卷人 得分 一、选择题（本题共 12 道小题，每小题 0分，共 0分） 1.下列物理量的单位属于导出单位的是（ ） A质量 B时间 C位移 D速度 2.一小球在周长为 2m 的圆形轨道上运动，从某点开始绕行一周又回 到该点，则小球的（ ） A位移大小是 0，路程是 2m B位移大小和路程
2、都是 2m C位移大小是 2m，路程是 0 D位移大小和路程都是 0 3.某航母跑道长为 200m，飞机在航母上滑行的最大加速度为 6m/s2，起飞需要的最小速度为 50m/s；要使飞机能够起飞，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为（ ） A 10m/s B 15m/s C 20m/s D 25m/s 4.在一次空军演习的任务中，某士兵从悬停飞机上无初速度跳下，下落 4s 速度达到 30m/s 时开始打开降落伞，开始 做减速直线运动，在跳下 14s 后以速度 4m/s 着地，他的速度图像如图所示，下落说法正确的是 A该士兵是在下落 80m 时打开降落伞的 B该士兵打开伞时离地面的高
3、度等于 170m C该士兵打开伞时离地面的高度大于 170m D该士兵跳伞时的高度一定小于 230m 第 2 页，总 14 页 5.从某建筑物顶部自由下落的物体，在落地前的 1s 内下落的高度为建筑物高的 3/4，则建筑物的高度为( )（ g 取 10m/s2，不计空气阻力） A 20 m B 24 m C 30 m D 60 m 6.一物体以初速度 v0=20m/s 沿光滑斜面匀减速向上滑动，当上滑距离 x0=30m 时，速度减为 10m/s，该物体恰滑到斜面顶部，则斜面长度为（ ） A 40m B 50m C 32m D 60m 7.F1、 F2 是两个互相垂直的共点力，其中 F1=4N，
4、 F2=3N这两个力合力的大小为（ ） A 2 N B 3 N C 5 N D 15 N 8.如图，一个人站在水平地面上的长木板上用力 F 向右推箱子，木板、人、箱子均处于静止状态，三者的质量均为 m，重力加速度为 g，则（ ） A箱子受到的摩擦力方向向右 B地面对木板的摩擦 力方向向左 C木板对地面的压力大小为 3mg D若人用斜向下的力推箱子，则木板对地面的压力会大于 3mg 9.如图所示，一个物体 m 放在粗糙的斜面上保持静止，现用水平外力 F 推物体， m 仍保持静止时，当 F由零逐渐增加但物体 m 仍保持静止状态的情况下，则物体 m（ ） A受到斜面的支持力增加 B所受合力增加 C受
5、到的静摩擦力增加 D受到的静摩擦力减小 10.（多选题）关于重力和自由落体加速度，下列说法正确的是 A物体所受重力的方向总是竖直向下 B物体所受重力的施力物体是地球 C地球表面的自由落体 加速度随纬度的增大而减小 D质量大的物体受到的重力大，所以自由落体加速度也大 第 3 页，总 14 页 11. （多选题） 某物体运动的 v-t 图象如图所示，下列说法正确的是 （ ） A物体在第 1s 末运动方向发生变化 B物体在第 2s 内和第 3s 内的加速度是相同的 C物体在 4s 末返回出发点 D物体在 5s 末离出发点最远，且最大位移为 0.5m 12.（多选题）如图所示，小球从竖直砖墙某位置由静
6、止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中 1、 2、 3、 4、 5 所示小球运动过程中每次曝光的位置，连续两次曝光的时间 间隔均为 T，每块砖的厚度为 d，根据图中的信息，下列判断正确的是 A位置 “1”是小球释放的初始位置 B小球做匀加速直线运动 C小球下落的加速度为22dTD小球在位置 “3”的速度为 27dT 第 4 页，总 14 页 第 II 卷（非选择题） 评卷人 得分 二、实验题（本题共 2 道小题 ,第 1题 0 分 ,第 2 题 0 分 ,共 0 分） 13.如图所示是某同学在 “探究变速直线运动规律 ”的实验中打出的一条纸带， A、 B、 C、 D、 E 为在纸
7、带上所选的计数点 ，相邻计数点间还有四个点未画出，所用交变电源的频率为 50Hz，则打点计时器打下 C 点的瞬时速度 vC= m/s，该物体运动的加速度 a= m/s2（结果保留两位有效数字） 14.用图（ a）所示的实验装置验证牛顿第二定律： （ 1）某同学通过实验得到如图（ b）所示的 a F 图象，造成这一结果的原因是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面间的倾角 （填 “偏大 ”或 “偏小 ”） （ 2）该同学在平衡摩擦力后进行实验，实际小车在运动过程中所受的拉力 砝码和盘的总重力（填“大于 ”、 “小于 ”或 “等于 ”），为了便于探究、减小误差，应使小车质量 M 与砝码和盘的总质量 m 满
8、足 的条件 （ 3）某同学得到如图（ c）所示的纸带，已知打点计时器电源频率为 50Hz A、 B、 C、 D、 E、 F、 G是纸带上 7 个连续的点 s=sDG sAD= cm由此可算出小车的加速度 a= m/s2（加速度a 计算结果保留两位有效数字） 第 5 页，总 14 页 评卷人 得分 三、计算题（本题共 4道小题 ,第 1题 0分 ,第 2题 0分 ,第 3题 0分 ,第 4题 0分 ,共 0 分） 15.屋檐边缘距水平地面 7.2m 高，从屋檐上落下的水滴作 自由落体运动已知屋檐上每隔 T=0.2s 落下一滴水，取重力加速度 g=10m/s2求： （ 1）水滴落到地面时的速度大小
9、 （ 2）当第一滴水落到地面时，第二滴水距离地面的高度 16.一辆汽车沿平直公路从甲站开往乙站，启动时加速度为 a1=4m/s2，匀加速行驶 t1=2.5s 后，再匀速行驶t2=3min，然后刹车滑行 x=50m，正好到达乙站求： （ 1）汽车从甲站到乙站运动的时间 t； （ 2）汽车刹车时的加速度大小； （ 3）甲、乙两站的距离 L 第 6 页，总 14 页 17.如图所示，质量分别为 mA=1kg、 mB=3kg 的物块 A、 B置于足够长的水平面上，在 F=13N 的水平推力作用下，一起由静止开始向右做匀加速运动，已知 A、 B与水平面间的动摩擦因数分别为 A=0.2、 B=0.1，取
10、g=10m/s2求： （ 1）物块 A、 B一起做匀加速运动的加速度； （ 2）物块 A 对物块 B的作用力大小； （ 3）某时刻 A、 B的速度为 v=10m/s，此时撤去推力 F，求撤去推力后物块 A、 B间的最大距离 18.如图所示，质量 M=2.0kg 的薄木板静止在水平桌面上，薄木板上放有质量 m=1.0kg 的小铁块（可视为质点），它离 木板左端的距离为 L=0.25m，铁块与木板间的动摩擦因数为 =0.2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力现用一水平向右的拉力作用在木板上，使木板和铁块由静止开始运动， g 取 10m/s2 （ 1）若桌面光滑，拉力大小恒为 F1=4.8N，求小铁块运动
11、的加速度大小； （ 2）若木板以 4.0m/s2 的加速度从铁块下抽出，求抽出过程所经历的时间 t； （ 3）若桌面与薄木板间的动摩擦因数也为 ，则拉力 F2 的大小满足什么条件才能将木板从铁块下抽出？ 第 7 页，总 14 页 试卷答案 1.D 【考点】力学单位制 【分析】国际单位制中基本单位有：米、 千克、秒、摩尔、开尔文、安培、坎德拉其它国际单位为导出单位 【解答】解：质量、时间、位移的单位都是国际单位制中的基本单位，速度单位为导出单位故 D 正确，A、 B、 C 错误 故选 D 2.A 【考点】位移与路程 【分析】位移的大小等于首末位置的距离，路程等于运动轨迹的长度 【解答】解：小球在
12、周长为 2m 的圆形轨道上运动，从某点开始绕行一周又回到该点，初末位置重合，所以位移为 0，路程等于周长，即 s=2m故 A 正确， B、 C、 D 错误 故选 A 3.A 试题分析： 由运动学公式 v2-v02=2as，代人数据得： 20 2 2500 2 6 200 10 /v v as m s ，故选 A 正确故选 A. 考点：匀变速直线运动的规律 【名师点睛】此题考查了匀变速直线运动的规律，考察导出公式的应用，直接代入公式即可。 4.D 考点：考查了速度时间图像 【名师点睛】在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负表示运动方向，看运动方向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变
13、化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移 第 8 页，总 14 页 5.A 试题分析： 假设总时 间是 t，则全程有： h=12 gt2，前 14 过程有： 14 h 12 g(t1)2，联立解得： t=2s； h=20m 故 A 正确， BCD 错误；故选 A. 考点：自由落体运动的规律 【名师点睛】本题关键是明确自由落体运动的运动性质，然后选择恰当的过程运用位移时间关系公式列式求解。 6.A 【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系 【 分析】根据运动学速度位移关系公式，分别对前后两段运动过程列式，联
14、立方程组求解即可 【解答】解：设斜面长度为 L，根据速度位移关系公式得： 联立代入数据解得： L=40m 故 A 正确； 故选： A 7.C 【考点】力的合成 【分析】 F1、 F2 是两个互相垂直的共点力，根据矢量的合成法则，结合勾股定理直接计算即可 【解答】解： F1、 F2 是两个互相垂直的共点力，其中 F1=4N， F2=3N 依据矢量的合成法则，结合勾股定理，则有：两个力合力的大小 F= = =5N，故 C 正确，ABD 错误 故选： C 8.C 【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力 【分析】对箱子受力分析，根据平衡条件判断其受静摩擦力方向；对三个物体的整体受力分析，根
15、据平衡条件判断地面对整体的支持力和静摩擦力情况 【解答】解： A、人用力 F 向右推箱子，对箱子受力分析，受推力、重力、支持力、静摩擦力，根据平衡条件，箱子受到的摩擦力方向向左，与推力平衡，故 A 错误； B、对三个物体的整体受力分析，受重力和支持力，不是静摩擦力，否则不平衡，故地面对木板没有静摩擦力，故 B错误； 第 9 页，总 14 页 C、对三个物体的整体受力分析，受重力和支持力，根据平衡条件，支持 力等于重力；根据牛顿第三定律，支持力等于压力；故压力等于重力，为 3mg；故 C 正确； D、若人用斜向下的力推箱子，三个物体的整体受力分析，受重力和支持力，故压力依然等于 3mg，故D 错
16、误； 故选： C 9.A 【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 【分析】对物体 m 受力分析并采用正交分解法将推力及重力分解，根据共点力平衡条件可以得出静摩擦力及弹力的变化 【解答】解： B、物体 m 保持静止，故合力一直为零，保持不变，故 B错误； ACD、设斜面的坡角为 ，对 A 受力分析并建立坐标系如图所示： x 轴： Fcos mgsin+f=0； y 轴： FN=mgcos+Fsin 当 F 为零时，摩擦力等于 mgsin，方向沿斜面向上； 当 F 增大时，由公式可得，摩擦力减小，当 Fcos=mgsin 时，摩擦力刚好为零； 当 F 继续增大摩擦力将变为向下，且随
17、 F 的增大而增大，故摩擦力先减小后增大；故 CD 均错误； 由 y 轴公式可知， FN 一直增大，故 A 正确； 故选： A 10.AB 考点：重力及重力加速度 【名师点睛】本题查了重力及重力加速度的基本概念，知道自由落体运动的加速度与物体质量无关，地第 10 页，总 14 页 球上不同的位置重力加速度 不同。 11.BC 12.BD 考点：考查了匀变速直线运动规律的应用 【名师点睛】做分析匀变速直线运动情况时，其两个推论能使我们更为方便解决问题，一、在相等时间内走过的位移差是一个定值，即 2x aT ，二、在选定的某一过程中，中间时刻瞬时速度等于该过程中的平均速度 13.0.30， 0.4
18、0 【考点】探究小车速度随时间变化的规律 【分析】根据匀变速直线运动的推论公式 x=aT2 可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度， 可以求出打纸带上 C 点时小车的瞬时速度大小 【解答】解：由于每相邻两个计数点间还有 4 个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔： T=0.1s； 根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，有： vC= = =0.30m/s 根据图中数据可知 x=4cm，根据匀变速直线运动的推论公式 x=aT2 可得： a= = =0.40m/s2； 故答案： 0.30， 0.40 14.（ 1）偏大；（ 2）小于； M m；（ 3） 1.80； 5.0 【考点】验证牛顿第二运动定律 【分析】（ 1）考查实验时平衡摩擦力 时出现的误差问题，不是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，就是平衡摩擦力时过大从图上分析两图各是什么原因即可
