专题六 数列 第十六讲 等比数列答案.doc

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资源描述

1、专题六 数列第十六讲 等比数列答案部分1D【解析】从第二个单音起,每一个单音的频率与它的前一个单音的频率的比都等于,第一个单音的频率为 ,由等比数列的概念可知,这十三个单音的频率构成一2 f个首项为 ,公比为 的等比数列,记为 ,f12na则第八个单音频率为 ,故选 D1287128()aff2B【解析】解法一 因为 ( ),所以lnx 01234123ln()aa,所以 ,又 ,所以等比数列的公比 123a 41 a0q若 ,则 ,q 2123()aq) 而 ,所以 ,123 123ln0与 矛盾,1234ln()aa所以 ,所以 , ,0q21()q2241()0aq所以 , ,故选 B1

2、324a解法二 因为 , ,xe 1234123ln()所以 ,则 ,1234123a a 41a又 ,所以等比数列的公比 10q若 ,则 ,q 212341()0aq) 而 ,所以123 23lna与 矛盾,1234ln()所以 ,所以 , ,0q21()0q2241()0aq所以 , ,故选 B13a24a3C【解析】由题意可得 23544412aa,所以 34182aqq,故 21aq,选 C4D【解析】由等比数列的性质得, ,因此 一定成等比数列23960a269,a5C【解析】设等比数列 n的公比为 q, 3210Sa, 2321a,即 9, q,由 59,即 4a, 196B【解析

3、】取特殊值可排除 A、C、D,由均值不等式可得 22313aa7B【解析】由 ,得 ,两式相除得 ,16nna 1126na 216nn , ,可知公比 为正数, 2q1nnq48C【解析】设 的公比为 ,则由等比数列的性质知, ,即a 231412aa42a由 与 2 的等差中项为 知, , 7544752a745()2 ,即 , ,3418qaq318q16a556()21S9A【解析】通过 ,设公比为 ,将该式转化为 ,解得2580aq0832qa=2,所以 q221314Sq10D【解析】取等比数列 ,令 得 代入验算,只有选项 D 满n,37XYZ足11C【解析】 ,因此有 2341

4、012345maqqa 1m12B【解析】两式相减得, , 343a4433,aaq13C【解析】显然 1,所以 ,所以 是首项为q69()1=2q1na1,公比为 的等比数列, 前 5 项和 25()3126T1432【解析】设 的公比为 ,由题意 ,由 ,所以naq363391Sq,由 ,得 ,所以 2q313()74S1a7758124a151【解析】因为三个正数 , , 成等比数列,所以bc,因为 ,所以 2562bac0b165【解析】由等比数列的性质可知 ,于是,由 154a得 ,21543aa32故 ,则 222242log+llog+llog=12345log()3a1750【

5、解析】因 n是等比数列, ,由 512910ea得120192aa , 1lln =505120e 0l()ln()184【解析】设等比数列 na的公比为 , 则 ,q864即为 ,解得 (负值舍去) ,又 ,所以 424aq221a462aq1915【解析】 , 134|151234,20 【解析】由 = 得 ; =20,2,n5a2qa321得 ; 1a1nnS2112【解析】设正项等比数列 na首项为 ,公比为 q,则: 3)1(254qa,1得: ,q2, 记 52121nnaaT,1a132 6na2)1(21nn n,则 2)1(5n,化简得: 521nn,当 2时, 123当 n

6、12 时, 12T,当 n13 时, 13T,故 maxn2211【解析】由 可得 ,由 可知0naa20nq1,求得公比 ,可得 =110,nqq5S232【解析】 2221 1()5,(),()5,2nnnaqq解 得 或因为数列为递增数列,且 0,a所 以 24 【解析】依题意可得,32两式相减可得2112114433() 20aqaqqa,即 ,42110aqaq4230qq解得 (舍)或 或 因为 ,所以 30252 【解析】 得 ,解得 ,1n4122112()nna26【解析】(1)由条件可得 12()nnaa将 代入得, ,而 ,所以, 1n2424将 代入得, ,所以, 3a

7、31a从而 , , 1b24b(2) 是首项为 1,公比为 2 的等比数列n由条件可得 ,即 ,又 ,所以 是首项为 1,公比为 2 的等12nna12nb1bnb比数列(3)由(2)可得 ,所以 12n1na27 【解析】(1)设 的公比为 ,由题设得 nq1nq由已知得 ,解得 (舍去) , 或 42q02故 或 1()nna1na(2)若 ,则 12nn(2)3nnS由 得 ,此方程没有正整数解63mS()8m若 ,则 由 得 ,解得 12na21n6mS246m综上, 28【解析】(1)由 是 , 的等差中项得 ,43a5354a所以 ,3528a解得 48由 得 ,3520a1()2

8、0q因为 ,所以 1q(2)设 ,数列 前 项和为 ()nncbancnS由 ,解得 1,2nnS 41n由(1)可知 ,1a所以 ,11(4)2nnb故 , ,5112321()()()()nnnbbb23111(45)(49)732nn设 , ,37(5)nnT 231()1)4()2 所以 ,221145nnn 因此 , ,(3)nT又 ,所以 1b2115()nn29 【解析】 (1)设 的公比为 由题设可得aq,12()6a解得 , 2q1a故 的通项公式为 n(2)nn(2)由(1)可得11()2()3nnnaqS由于,3212142()()3n nn nS S 故 , , 成等差

9、数列 1n2n30 【解析】设 的公差为 , 的公比为 ,则 , adnbq1()nad1nbq由 得,2b3dq(1)由 得,5a26联立和解得 (舍去) ,30dq12dq因此 的通项公式为 nb12nb(2)由 , 得13T0q解得 , 5q4当 时,由得 ,则 8d321S当 时,由得 ,则 631 【解析】 ()设数列 的公比为 ,naq由题意知, , 1()6221a又 ,0na解得 , ,12q所以 n()由题意知 1221 1()()nn nbSb 又 , ,21nb0所以 ,令 ,nca则 21n因此 ,12nTcc31572n又 ,251n 两式相减得 ,21112nnnT

10、所以 25nn32 【解析】 ()设等差数列 的公差为 nad因为 ,所以 2410a1240ad解得 d所以 n()设等比数列 的公比为 nbq因为 ,所以 245ba319解得 3q所以 2121nn从而 213521 332nnbb 33 【解析】 ()由题意得 4,a()由 得 02)12(1nna )1()(1nna因为 的各项都为正数,所以 n na故 是首项为 ,公比为 的等比数列,因此 na1212na34 【解析】 ()设数列 的公比为 ,由已知有 ,解之可得naq211q,又由 知 ,所以 ,1,2q631)(Sn 63)(a解之得 ,所以 .1a2n()由题意得 ,即数列

11、21)log2(l)log(l 211 nabnnn是首项为 ,公差为 的等差数列.n2设数列 的前 项和为 ,则)1(nnT 212212124322 )()() nbbbbT nnn 35 【解析】 ()由题设知 ,又 ,123.8a94a可解得 或 (舍去) 由 得公比 =2,814a4 341aq故 2 1nq() ,又 ,1()1nnS111nnnaSbS所以 121231.()().()nn nTbS11()nnS36 【解析】 ()当 =2 时, ,21458nnSS即 ,解得 43534()(1)()24a478a()因为 ,18nnS所以 ,21 nS(2)即 ,因为4nna

12、(2) 3125464aa所以 ,因为 ,214nna2111 ()nnnnn所以数列 是以 为首项,公比为 的等比数列1nn2a()由()知:数列 是以 为首项,公比为 的等比数列,1n21a12所以 即 ,1()2nna14()nn所以数列 是以 为首项,公差为 4 的等差数列,()n12a故 ,即 ,241()nan 11(2)()(2nnna所以数列 的通项公式是 n 1(2)(nn37 【解析】 (I)由 得 13na113()2nna又 ,所以 是首项为 ,公比为 3 的等比数列12n,因此 的通项公式为 3nnana12na()由(I)知 12n因为当 时, ,所以 n13n132nn于是 112 3.()nnna所以 123.na38 【解析】()设 的公比为 ,依题意得 ,解得 ,nq1438aq13aq因此, 13na()因为 ,lognb所以数列 的前 n 项和 21()nnbS39 【解析】 ()因为 所以 ,当 时23n, 1aS2n132,nnaS又 时,所以数列 的通项公式为1na3,n()要使得 成等比数列,只需要 ,mn,121nma即 而此时 ,且2 2(3)(3),34n即 N,n所以对任意 ,都有 ,使得 成等比数列.Nmn,140 【解析】由题意可知, ,即 ,2134a1243+aq解得 , 所以 1=3qnnS

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